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題型一　圖形類試題特訓
1. 2　西　【解析】由題中圖像可知，甲的v－t圖像平行于橫坐標、乙的s－t圖像為過原點的斜直線，所以甲、乙兩人均做勻速直線運動，由題中圖像可知，v甲＝3 m/s；v乙＝s乙t乙＝4 m2 s＝2 m/s；因甲、乙兩人同時同地向東運動，v甲＞v乙，所以若以甲為參照物，則乙向西運動．
2. 靜止　0.5　2　【解析】由圖乙知，物體0～1 s內速度為0，處于靜止狀態；物體在第2 s的速度為0.5 m/s；物體4～6 s內速度為1 m/s，處于勻速直線運動狀態，路程為s＝vt＝1 m/s×2 s＝2 m.
3. D　【解析】密度是物質的一種性質，在溫度和物態不變時，物質的密度是一定的，它不隨物體的質量和體積的改變而改變，A錯誤；由題圖可知ρ甲＝m甲V甲＝2 g4 cm3＝0.5 g/cm3，ρ乙＝m乙V乙＝4 g2 cm3＝2 g/cm3，故ρ甲＜ρ乙，當質量相同時，由公式V＝mρ得V甲＞V乙，B錯誤；ρ甲：ρ乙＝0.5 g/cm3∶2 g/cm3＝1∶4，C錯誤；體積為5 cm3的乙物質質量為m乙＝ρ乙V乙＝2 g/cm3×5 cm3＝10 g，D正確．故選D.
4. D　【解析】由圖可知，當液體體積為0時，即沒有液體時，質量m＝40 g，即量杯的質量為40 g；當液體體積為25 cm3時，液體的質量為60 g－40 g＝20 g，則液體的密度ρ＝mV＝20 g25 cm3＝0.8 g/cm3＝0.8×103 kg/m3；當液體的體積V1＝75 cm3時，液體的質量m1＝100 g－40 g＝60 g；由圖像可知，液體的質量隨著體積的增大而增大，減去量杯的質量后，可知質量與體積的比值即密度是一個定值，所以液體的質量和體積成正比，D正確．故選D.
5. C　【解析】當雞蛋在濃鹽水中漂浮時，此時雞蛋所受浮力等于雞蛋的重力；當給濃鹽水中緩慢加水時，鹽水的密度開始減小，但此時鹽水的密度仍大于雞蛋的密度，雖然雞蛋開始緩慢下沉，不過雞蛋仍處于漂浮狀態，只是浸入液體中的體積在增大，而露出液面的體積在減小，所以此時雞蛋受到的浮力仍等于雞蛋的重力；當鹽水的密度逐漸減小到等于雞蛋的密度時，此時雞蛋在液體中處于懸浮狀態，雞蛋受到的浮力仍等于雞蛋的重力；繼續加水，鹽水的密度小于雞蛋的密度，此時雞蛋受到的浮力小于重力，雞蛋下沉直至沉到杯子的底部，下沉過程中雞蛋排開鹽水的體積不變，但鹽水的密度減小，由阿基米德原理可得雞蛋受到的浮力減小，直到停止加水，故雞蛋受到的浮力是先不變后減小，C符合題意．故選C.
6. B　【解析】木塊漂浮時所受浮力為6 N，受力分析可知，此時浮力等于重力，所以木塊的重力為6 N，①錯誤；木塊完全浸沒時所受浮力為10 N，根據阿基米德原理有V排＝F浮ρ水g＝10 N1.0×103 kg/m3×10 N/kg＝1×10－3m3，②正確；當木塊完全浸沒時，對木塊進行受力分析，F?。紾＋F拉，即F拉＝F?。璆＝10 N－6 N＝4 N，③錯誤；木塊質量m＝Gg＝6 N10 N/kg＝0.6 kg，木塊的密度為ρ＝mV＝0.6 kg1×10－3 m3＝0.6×103 kg/m3，④正確．故選B.
7. D　【解析】由圖像可知，當物重為10 N時，滑輪組的機械效率為50%，不計摩擦，滑輪組的機械效率η＝W有W總×100%＝W有W有＋W額×100%＝GhGh＋G動h×100%＝GG＋G動×100%，動滑輪重力為G動＝1－ηη×G＝1－50%50%×10 N＝10 N，A錯誤；使用滑輪組時，不計摩擦，由η＝GG＋G動×100%可知機械效率不可能達到100%，B錯誤；由圖可知，物體的重力越大，滑輪組的機械效率越高，與拉力做功的多少無關，C錯誤；每次提升重物時，不計摩擦，克服動滑輪重力做的功為額外功，滑輪組做的額外功為W額＝G動h＝10 N×0.5 m＝5 J，D正確．故選D.
8. D　【解析】滑動變阻器的滑片向右移動時，變阻器連入電路的電阻變大，電路中總電阻變大，電源電壓不變，由I＝UR可知電流變小，燈泡的功率變小，A、B錯誤；燈泡正常發光時的電流為0.25 A，由圖乙可知此時燈泡兩端的電壓為2.5 V，此時小燈泡的電阻R＝ULIL＝2.5 V0.25 A＝10 Ω，C錯誤；當電流表的示數為0.2 A時，由圖乙可知燈泡兩端的電壓為1.5 V，所以滑動變阻器兩端的電壓為UR＝U－UL′＝4 V－1.5 V＝2.5 V，所以滑動變阻器接入電路中的阻值為R＝URI′＝2.5 V0.2 A＝12.5 Ω，D正確．故選D.
9. C　【解析】當滑片位于最左端時電路為R2的簡單電路，此時電路中的電流最大，由圖乙可知I大＝0.6 A，由I＝UR可得，電源電壓U＝I大R2＝0.6 A×R2①；當滑片位于最右端時，滑動變阻器的最大阻值R1與電阻R2串聯，電壓表測R1兩端的電壓，此時電路中的電流最小，由圖乙可知，U1＝10 V，I?。?.1 A，變阻器R1接入電路的最大阻值R1＝U1I?。?0 V0.1 A＝100 Ω，B錯誤；串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，則電源電壓可表示為U＝U1＋I小R2＝ 10 V＋0.1 A×R2②；聯立①②可得R2＝20 Ω，U＝12 V，C正確，D錯誤；電路消耗的最大電功率P大＝UI大＝12 V×0.6 A＝7.2 W，A錯誤．故選C.
10. D　【解析】由圖甲可知，定值電阻R1與滑動變阻器R2串聯，電壓表測R1兩端電壓，電流表測電路中的電流．當滑片位于最左端時，滑動變阻器接入電路中的電阻為零，此時電路為R1的簡單電路，電壓表測電源兩端的電壓，由圖乙可知，電源的電壓為6 V，A錯誤；電壓表示數與電流表示數之比等于R1的阻值，R1為定值電阻，阻值不變，所以滑片移動的過程中不變，電壓表示數與電流表示數之比不變，B錯誤； 當滑片位于最右端時，滑動變阻器接入電路中的電阻最大，此時電路中的電流最小，電壓表的示數最小，由圖乙可知，滑動變阻器的最大阻值為20 Ω，C錯誤；當滑片位于最左端時，電路為R1的簡單電路，此時電路中的電流最大，則I大＝UR1＝6 V10 Ω＝0.6 A，當滑片位于最右端時，電路中的電流最小，串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，則I?。経R1＋R2＝6 V10 Ω＋20 Ω＝0.2 A, 則通過R1的電流變化范圍為0.2 A～0.6 A，D正確. 故選D.
11. 能　1.1　【解析】根據P＝UI可得，燈泡正常發光時的電流：IL＝PLUL＝3 W6 V＝0.5 A<0.6 A，由圖乙可知R1的阻值為0 Ω，此時R2被短路，燈泡L兩端的電壓為6 V，所以燈泡L能正常發光；當燈泡發生短路時，R1與R2并聯，根據圖乙可知，通過R1的電流不小于0.6 A時阻值為10 Ω，R1兩端的電壓：U1＝U＝6 V，則此時R1的阻值為10 Ω，因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，所以此時電流表的示數：I＝I1＋I2＝U1R1＋U2R2＝6 V10 Ω＋6 V12 Ω＝1.1 A.
12. D　【解析】由圖甲知，電阻R2與Rx串聯，A錯誤；電表與R0、Rx串聯，故圓圈了處的電表應為電流表；B錯誤；由圖乙知，運動員起跑時，用力踩踏板，壓敏電阻阻值變小，電路中的總電阻變小，因電源電壓恒定，故電路中電流變大，R0兩端的電壓變大，C錯誤；運動員沒有踩踏板時，壓敏電阻阻值最大，電路中的總電阻最大，則電路中的電流最小，電路消耗的總功率最小，故D正確，故選D.
13. D　【解析】兩電阻串聯，電壓表測量滑動變阻器R1兩端的電壓；由圖乙可得：P＝UI＝U2R，0.9 W＝U2110 Ω，U1＝3 V；0.8 W＝U2220 Ω，U2＝4 V；兩次電路中對應的電流I1＝U1R1＝3 V10 Ω＝0.3 A，I2＝U2R1′＝4 V20 Ω＝0.2 A，則U＝3 V＋0.3 A×R＝4 V＋0.2 A×R，解得U＝6 V，R＝10 Ω，A錯誤；當滑片滑到最左端時，電壓表的最大示數為4 V，B錯誤；滑片在最左端時，電路總功率為P?。経2R1＋R＝（6 V）220 Ω＋10 Ω＝1.2 W，此時電路中電流：I?。経R1＋R＝6 V20 Ω＋10 Ω＝0.2 A；P在最右端時，電路總功率P大＝U2R＝（6 V）210 Ω＝3.6 W，此時電路中電流：I大＝UR＝6 V10 Ω＝0.6 A，則ΔP＝P大－P小＝3.6 W－1.2 W＝2.4 W，ΔI＝I大－I小＝0.6 A－0.2 A＝0.4 A，C錯誤，D正確．故選D.
14. 增大　減小 　【解析】由題圖甲可知，兩電阻串聯，電壓表測R的電壓，電流表測電路中的電流，由題圖乙可知，溫度升高時，電阻R變小，根據串聯電阻的規律，總電阻變小，由歐姆定律，電流表示數增大，根據U＝IR可知，定值電阻R0兩端的電壓變大，由串聯電路電壓的規律可得，電阻R兩端電壓減小，即電壓表示數減?。?br /> 15. 保溫　60.5　6×105　【解析】由圖甲可知，開關S接觸點1時，只有R1連入電路中，S接觸點2時，兩電阻串聯，電路中的電阻較大，由P＝U2R可知，電路消耗的功率較小，電飯煲處于保溫狀態；開關接觸點1時，電飯煲處于加熱狀態；根據圖乙可知，P加熱＝800 W，P保溫＝200 W，由P＝U2R可得，R1的阻值R1＝U2P加熱＝（220 V）2800 W＝60.5 Ω； 根據圖乙可知，加熱時間t加熱＝10 min＝16 h，保溫時間t保溫＝20 min－10 min＝10 min＝16 h，則消耗的總電能W＝W加熱＋W保溫＝P加熱t加熱＋P保溫t保溫＝0.8 kW×16 h＋0.2 kW×16 h＝16 kW·h＝16×3.6×106 J＝6×105 J.
16. C　【解析】圖甲，冰在BC段處于熔化過程，狀態為固液共存態，熔化時間為6 min，A、B錯誤；圖乙，水的沸點為98 ℃，小于100 ℃，則實驗地點的大氣壓小于1標準大氣壓，C正確，D錯誤．故選C.
17. A　【解析】由于冰是晶體，所以熔化時有固定不變的溫度，冰的比熱容小于水的比熱容，冰熔化成水后單位時間內吸收相同熱量溫度變化少，故乙圖線繪制的是冰的熔化圖像，A正確；0～1 min內冰塊吸收的熱量：Q吸＝c冰m冰Δt＝2.1×103 J/(kg·℃)×0.1 kg×5 ℃＝1.05×103 J，B錯誤；1～3 min內屬于熔化過程，不斷吸收熱量，溫度不變，C錯誤；如果酒精完全燃燒，但有熱量散失及容器等吸收熱量，因此效率不能達到100%，D錯誤．故選A.
18. C　【解析】把盛有冷水的燒杯放入熱水中后，冷水吸收熱量，內能增加，溫度升高；熱水放出熱量，內能減小，溫度降低，直到溫度相同時，所需要的時間相同，A不符合題意；由于大燒杯中的熱水熱量會損失一部分，所以熱水放出的熱量大于冷水吸收的熱量，C符合題意；由圖可知，熱水降低溫度的速度比冷水升高溫度的速度快，B不符合題意；如果考慮到熱水熱量損失較少時，根據Q＝cmΔt，冷水升高的溫度小于熱水降低的溫度，所以熱水的質量可能小于冷水的質量，D不符合題意．故選C.
題型二　作圖題特訓
類型1　光學作圖
1. 如答圖所示

第1題答圖
2. 如答圖所示

第2題答圖
3. 如答圖所示

第3題答圖
4. 如答圖所示

第4題答圖
5. 如答圖所示

第5題答圖
6. 如答圖所示

第6題答圖
7. 如答圖所示

第7題答圖
8. 如答圖所示

第8題答圖
9. 如答圖所示

第9題答圖
10. 如答圖所示

第10題答圖
類型2　力學作圖
1. 如答圖所示

第1題答圖
2. 如答圖所示

第2題答圖
3. 如答圖所示

第3題答圖
4. 如答圖所示

第4題答圖
5. 如答圖所示

第5題答圖
6. 如答圖所示

第6題答圖
7. 如答圖所示

第7題答圖
8. 如答圖所示

第8題答圖
9. 如答圖所示

第9題答圖
10. 如答圖所示

第10題答圖
11. 如答圖所示

第11題答圖
12. 如答圖所示

第12題答圖
13. 如答圖所示

第13題答圖
14. 如答圖所示

第14題答圖
15. 如答圖所示

第15題答圖
16. 如答圖所示

第16題答圖
17. 如答圖所示

第17題答圖
18. 如答圖所示

第18題答圖
類型3　電(磁)學作圖
1. 如答圖所示

第1題答圖
2. 如答圖所示

第2題答圖
3. 如答圖所示

第3題答圖
4. 如答圖所示

第4題答圖
【解析】由題意可知電動扶梯只有在白天有人時開啟，因此需要將兩個開關串聯，共同控制電動扶梯，開關位于火線與電動扶梯之間，作圖時導線從火線開始，將兩個開關串聯，再連接電動扶梯的電動機，最后回到零線．如答圖所示．
5. 如答圖所示

第5題答圖
【解析】兩個開關任意一個閉合時都可以使照明燈工作，兩個開關同時斷開時照明燈才熄滅，說明兩個開關并聯，如答圖所示．
6. 如答圖所示

第6題答圖
7. 如答圖所示

第7題答圖
8. 如答圖所示

第8題答圖
9. 如答圖所示

第9題答圖
10. 如答圖所示

第10題答圖
11. 如答圖所示

第11題答圖
題型三　 實驗與探究題特訓
一、基礎小實驗
1. (1)101.2　(2)壓力大小對滑動摩擦力大小的影響　(3)機械能轉化為內能　(4)同種電荷相互排斥
2. (1)6 352.6　(2)壓力的作用效果與受力面積的關系　 (3)分子在不停地做無規則運動　 (4)動能和勢能可以相互轉化
3. (1)深度　(2)A　(3)使像能成在光屏的中央　(4)慣性
4. (1)0.48　 (2)溫度計的玻璃泡碰到燒杯壁　 (3)在同一平面內　 (4)改變物體的運動狀態
5. (1)3.60　(2)降低　(3)不能　(4)A
6. (1)彈簧測力計軸線的方向未與拉力方向一致
(2)多種色光　(3)同種電荷相互排斥　(4)大氣壓
7. (1)發電機　 (2)機械　 (3)38.5　(4)變大
8. (1)電動　右　(2)速度　動能
9. (1)振動　響度　(2)使小車受到的拉力相等　直線
二、教材重點實驗
1. (1)豎直(或垂直)　順　(2)一次實驗得到的結論具有偶然性　(3)反射光線、入射光線和法線在同一平面內　(4)C　(5)方便讀出反射角和入射角的大小，簡化操作
【解析】(1)實驗前，紙板應豎直放置，與水平放置的平面鏡垂直；根據反射角等于入射角，入射光束沿逆時針方向轉動時，反射光束將沿順時針方向轉動；(2)一次實驗得到的結論具有偶然性；(3)說明了反射光線、入射光線和法線在同一平面內；(4)根據三線共面知，法線位置不變，入射光束在紙板初始豎直面的后方，反射光線與入射光線分居法線兩側，則反射光束在紙板前方，C正確．故選C；(5)方便讀出反射角和入射角的大小，簡化操作．
2. (1)便于確定像的位置　①　(2)b　(3)未點燃　等大
像和物到平面鏡的距離相等　(4)能
【解析】(1)利用玻璃板的透光性，便于確定像的位置；因為厚玻璃板的兩個面都可以當作反射面，會出現兩個像，影響實驗效果，所以應選用2 mm厚的薄玻璃板做實驗；(2)實驗時平面鏡必須要垂直放置，如果不垂直，不論怎樣移動后面的蠟燭都不可能與前面蠟燭的像完全重合，由圖可知，a圖平面鏡垂直放置，不會出現像偏高的情況，b和c圖平面鏡沒有豎直放置，分別作出蠟燭A關于平面鏡的對稱點A′，b圖蠟燭A的像偏高且傾斜，c圖蠟燭A的像偏低且傾斜如解圖所示；(3)另外一支相同的蠟燭B與前面的蠟燭A的像完全重合，則說明平面鏡所成的像與物體是等大的；根據圖丙可知，物與像均關于玻璃板所在位置對稱，則可得到：像和物體到平面鏡的距離相等；(4)平面鏡成像是反射光線的反向延長線會聚形成的，在蠟燭B與玻璃板之間放一張不透明的白紙，不影響反射光線進入人的眼睛，所以在A側還能看到蠟燭A的像．

第2題解圖
3. (1)同一高度　75　(2)蠟燭燃燒變短　向上　(3)C　A　(4)近視
【解析】(1)點燃蠟燭后，調節燭焰、凸透鏡、光屏的中心大致在同一高度上，這樣像才能成在光屏的中央；凸透鏡成倒立、等大的實像時，物距u＝2f，像距v＝2f＝2×12.5 cm＝25 cm，所以光屏放在75 cm刻度線處；(2)因為經過光心的光線方向不發生改變，當蠟燭燃燒變短時，像向上移動；若保持蠟燭、凸透鏡的位置和高度不動，需將光屏向上移動，使燭焰的像呈現在光屏的中央；(3)蠟燭放在A點時，蠟燭位于二倍焦距以外，成倒立、縮小的實像，在A點所成的像的性質與眼睛相同；蠟燭放在B點時，物距u＝50 cm－30 cm＝20 cm，大于一倍焦距小于二倍焦距，燭焰成倒立、放大的實像，蠟燭放在C點時，物距u′＝50 cm－35 cm＝15 cm，物距大于一倍焦距小于二倍焦距，燭焰成倒立、放大的實像，蠟燭放在D點時，物距等于10 cm，在一倍焦距以內，光屏上不成像；由于u＞u′，根據“凸透鏡成實像時，物近像遠像變大”可知，蠟燭放在C點時所成的像要比放在B點時所成的像大，故蠟燭放在C點處所成的像最大；(4)將眼鏡片放在蠟燭和凸透鏡之間時，原來光屏上清晰的像變模糊了，此時將光屏遠離凸透鏡適當距離后，光屏上又看到燭焰清晰的像，說明眼鏡片對光具有發散作用，即為凹透鏡；近視眼的晶狀體較厚，折光能力較強，使物體的像成在視網膜的前方，因此用具有發散作用的凹透鏡矯正，所以該眼鏡片可以矯正近視眼．
變式一：靠近　 變式二：遠離
4. (1)10　 (2) 縮小　 照相機　(3)16 ～17 　不完整　　(4)如答圖所示

第4題答圖
變式一：物距越大，像越小　變式二：減小物距
5. (1)水平　零刻度線　右　(2)54　(3)20　(4)2.7
2．7×103　(5)不變
6. (1)104　(2)向燒杯中加水至標記處　 (3)2.6×103　(4)用彈簧測力計測出合金塊的重力　Gρ水G－F
【解析】(1)由圖可知，天平標尺上一大格為1 g，一個小格是0.2 g，故合金塊的質量為m＝100 g＋4 g＝104 g；(2)取出合金塊，向燒杯中加水至標記處，此時所加水的體積即等于合金塊的體積，則合金塊的體積為：V＝ΔV水＝198 g－158 g1 g/cm3＝40 cm3；(3)合金塊的密度為：ρ＝mV＝104 g40 cm3＝2.6 g/cm3＝2.6×103 kg/m3；(4)利用彈簧測力計測出合金塊的重力，可求出合金塊的質量為Gg，然后根據阿基米德原理，求出合金塊排開水的體積為G－Fρ水g，即合金塊的體積，合金塊的密度為ρ＝mV＝GgG－Fρ水g＝G ρ水G－F.
7. (1)取下最小的砝碼，再移動游碼，直到天平平衡　(2)164　(3)80　2.05　(4)偏大
【解析】(1)在用天平稱量物體時，若放入最小砝碼后天平指針偏向右側，則說明砝碼質量過大，應取下最小砝碼，再向右移動游碼，使天平平衡；(2)讀取所稱物體質量時，應先確定砝碼的質量，再確定標尺的示數，然后二者之和就是所稱物體的質量，由圖甲可知，砝碼質量為160 g，標尺分度值為0.2 g，讀數為4 g，故顆粒物的質量為m＝160 g＋4 g＝164 g；(3)由圖乙可知，量筒的讀數為160 mL，則顆粒物的體積為V＝160 mL－80 mL＝80 mL＝80 cm3，則顆粒物的密度為ρ＝mV＝164 g80 cm3＝2.05 g/cm3；(4)若在測顆粒物體積時，細鐵砂的量太少，沒有完全覆蓋顆粒物，則測出顆粒物的體積偏小，質量測量準確，所測密度值會偏大．
8. (1)零　右　(2)82　(3)50　1.2　(4)F1－F3F1－F2ρ水
【解析】(1)實驗前，將天平放在水平臺面上，將游碼移到標尺的零刻線處，調節平衡螺母，使天平靜止時指針指在分度盤的中央刻度線上，圖中指針偏向分度盤的左側，將平衡螺母向右調節；(2)天平平衡時物體的質量等于砝碼的質量加游碼在標尺上所對的刻度值；由圖知，標尺的分度值為0.2 g，則待測液體和燒杯的總質量m總＝50 g＋20 g＋10 g＋2 g＝82 g；(3)如圖丙所示， 量筒的分度值為2 mL，量筒中液體的體積為50 cm3.量筒內液體的質量m＝82 g－22 g＝60 g，液體的密度為ρ＝mV＝60 g50 cm3＝1.2 g/cm3；(4)由題知，金屬塊在被測液體中受到的浮力F?。紽1－F3.根據阿基米德原理得F1－F3＝ρ液Vg，所以V＝F1－F3ρ液g，金屬塊在水中受到的浮力F浮′＝F1－F2，根據阿基米德原理得F1－F2＝ρ水Vg，所以V＝F1－F2ρ水g.因為金屬塊浸沒在被測液體中和浸沒在水中的體積相等，所以F1－F3ρ液g＝F1－F2ρ水g，則未知液體密度的表達式ρ液＝F1－F3F1－F2ρ水．
9. 【方案一】(1)測量過程中調節平衡螺母　(2)73.4　1.1×103　BCA
【方案二】(2)裝滿水　(4)m2－m0m1－m0ρ水
【方案三】(1)漂浮　(4)0.9×103
【解析】【方案一】(1)在使用天平稱量物體的質量時，通過增減砝碼和移動游碼使天平平衡，測量過程中不能再移動平衡螺母；(2)燒杯和油的總質量為m總＝50 g＋20 g＋3.4 g＝73.4 g，則倒入量筒內油的質量為m油＝73.4 g－29.4 g＝44 g，量筒內油的體積為V油＝40 mL＝40 cm3，油的密度為ρ油＝m油V油＝44 g40 cm3＝1.1 g/cm3＝1.1×103 kg/m3；為了減小誤差，實驗步驟可以調整為BCA；【方案二】(1)調好天平，用天平測出空瓶質量為m0；(2)將瓶中裝滿水，用天平測出瓶和水的總質量為m1；則水的質量m水＝m1－m0，由ρ＝mV可求得，水的體積V＝m1－m0ρ水；(3)用另一個完全相同的空瓶裝滿油，用天平測出瓶和油的總質量為m2；則油的質量m油＝m2－m0，瓶內水的體積等于油的體積；(4)則油的密度表達式ρ＝mV＝m油V＝m2－m0m1－m0ρ水＝m2－m0m1－m0ρ水；【方案三】(1)在吸管下端塞入一些金屬絲作為配重并用石蠟封口，能降低吸管的重心，這樣可以讓吸管豎直漂浮在液體中；由于吸管在水中和油中都處于漂浮狀態，所以吸管在水和油中受到的浮力相等，等于吸管、鐵絲和封蠟的總重力，設吸管的底面積為S，由于ρ水gSh＝ρ油gSH，所以油的密度為ρ油＝hHρ水＝4.5×10－2m5×10－2m×1.0×103 kg/m3＝0.9×103 kg/m3.
10. (1)2.7　(2)物體排開液體的體積　A、D、F　(3)不可靠　沒有控制物體排開液體的體積相同　(4)體積　(5)3×103　1.33×103　(6)C
【解析】(1)由圖A可知，彈簧測力計的分度值是0.1 N，此時彈簧測力計的示數為2.7 N；(2)分析實驗步驟A、B、C，液體的密度不變，金屬塊浸入水中的體積越來越大，彈簧測力計示數F越來越小，根據F?。紾－F，則金屬塊受到的浮力越來越大，分析實驗步驟C、D可知，當金屬塊浸沒在水中后，彈簧測力計示數不變，則金屬塊受到的浮力不變，說明浮力大小與物體排開液體的體積有關﹔分析實驗步驟A、D、F可知，金屬塊排開液體的體積不變，改變液體的密度，彈簧測力計的示數不同，故可以說明浮力大小跟液體的密度有關；(3)根據控制變量法知：要研究浮力大小與物體形狀的關系，必須保證排開液體的體積和液體的密度不變，小明實驗中改變了形狀，但沒有控制排開水的體積相同，故小明的結論不可靠；(4)小明還想探究浮力與物體的密度關系，應選擇體積相同，密度不同的兩個金屬塊進行實驗；(5)對比步驟A、D，金屬塊在水中受到的浮力F浮水＝2.7 N－1.8 N＝0.9 N，由F?。溅裧V排可得，排開水的體積V排＝F浮水ρ水g＝0.9 N1.0×103 kg/m3×10 N/kg＝9×10－5 m3，因金屬塊浸沒，排開水的體積等于金屬塊的體積，即V金屬＝9×10－5 m3，金屬塊質量m＝Gg＝2.7 N10 N/kg＝0.27 kg，金屬塊密度ρ金屬＝mV金屬＝0.27 kg9×10－5 m3＝3×103 kg/m3；在液體中受到的浮力F浮液＝2.7 N－1.5 N＝1.2 N，因金屬塊浸沒，排開液體的體積相同，F浮＝ρ液gV排可得，液體的密度為ρ液＝F浮液gV金屬＝1.2 N10 N/kg×9×10－5 m3≈1.33×103 kg/m3；(6)用測力計吊著金屬塊緩慢浸入水中，從金屬塊底面接觸水面開始，到金屬塊剛好浸沒的過程中，根據F?。溅阉甮V排，因排開水的體積逐漸變大，浮力變大，金屬塊浸沒后，排開水的體積不變，浮力不變，故能正確表示物體所受浮力F與物體底面浸入水中深度h關系的圖像是C.
變式一：錯誤　沒有控制金屬塊排開液體的體積相同　變式二：A、C、D
11. (1)左　0.5　(2)F1l1＝F2l2　(3)左　(4)向上　使實驗結論具有普遍性
【解析】(1)圖甲中，杠桿靜止時左高右低，所以應將杠桿的平衡螺母向左調節，使杠桿在水平位置平衡，以便于測量力臂大??；左側為1個鉤碼，故左側鉤碼對杠桿施加的阻力F2＝50×10－3 kg×10 N/kg＝0.5 N；(2)分析歸納數據可得出結論：F1l1＝F2l2；(3)第4次實驗中，動力為2 N，阻力為1 N，動力臂為0.2 m，阻力臂為0.4 m，若將兩側鉤碼同時朝靠近支點O的方向移動10 cm，則此時2 N×(0.2－0.1) m<1 N×(0.4－0.1) m，故杠桿左端將下沉；(4)前面的實驗均探究兩個力在杠桿兩側的情況，所以新設計的實驗要探究兩個力在支點同側時的情況．阻力F3使杠桿向下，所以彈簧測力計的力即動力向上，小強設計這組實驗的目的是探究不同情況下杠桿平衡的條件，使實驗結論具有普遍性．
變式一：右　20　變式二：變大
12. (1)①如答圖甲所示?、诨瑒幼冏杵骰欠褚浦磷柚底畲筇?合理即可)?、廴绱饒D乙所示
④通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比
⑤更換阻值不同的定值電阻，進行多次實驗
(2)2

第12題答圖
【解析】(1)①滑動變阻器遵循“一上一下”原則連接在電路中，根據電路圖，滑片向左移動，滑動變阻器接入電路的阻值變小，滑動變阻器右上接線柱已經連接，所以應該將左下接線柱用導線和定值電阻右接線柱相接，電壓表應并聯在定值電阻兩端，電源電壓為3 V，故電壓表選擇 0～3 V量程，具體如答圖甲所示；②電路閉合前要檢查：滑動變阻器滑片是否在最大阻值處，防止電路中電流過大損壞電路元件；電流表電壓表的正、負接線柱是否接反；電流表、電壓表選用的量程是否恰當；所有元件的接線柱是否有松動；滑動變阻器是否“一上一下”接入電路等；③由圖甲可知，電流表的量程為0～0.6 A，故圖乙中電流表的示數為0.52 A，然后將電壓為2.6 V、電流為0.52 A的點描在圖中，用平滑線將圖中的點連接起來，如答圖乙所示；④根據圖像可知，當電阻一定時，通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比；⑤為了得到普遍規律，應該更換阻值不同的定值電阻，進行多次實驗；(2)根據串聯分壓原則，滑動變阻器最大阻值為20 Ω，定值電阻最大阻值為20 Ω，電源電壓為3 V，所以，當定值電阻值為20 Ω時，其兩端的最小電壓為1.5 V，故定值電阻兩端的電壓只能選擇2 V.
13. (1)如答圖所示　(2)右　斷路　(3)0.2　(4)20　1.5　(5)先后將20 Ω、10 Ω和5 Ω的定值電阻接入電路，控制定值電阻兩端的電壓不變，進行實驗

第13題答圖
【解析】(1)由題知，當滑片向左端滑動時，滑動變阻器連入電路中的阻值變小，所以應將其左下接線柱接入電路中，電壓表應并聯在定值電阻R兩端，電源電壓為3 V，所以電壓表使用0～3 V量程，如答圖所示；(2)為了保護電路，閉合開關前，應將滑動變阻器的滑片滑到最大阻值處，即最右端；閉合開關后，發現電壓表的示數接近電源電壓，說明電壓表到電源間是通路，則產生這種故障的原因可能是R斷路了；(3)由乙圖可知，電流表所選量程為0～0.6 A，分度值為0.02 A，根據電流表指針位置可知，其示數為0.2 A；(4)因電阻兩端的電壓保持1 V不變，當改用20 Ω的電阻時，此時電路中的電流I＝UR＝1 V20 Ω＝0.05 A；滑動變阻器連入的阻值為：R滑＝U滑I＝3 V－1 V0.05 A＝40 Ω，但滑動變阻器的最大阻值為20 Ω；所以當20 Ω的電阻接入電路時，無法將電壓表的示數調到1 V；根據串聯電路的分壓原理可知，RR總＝URU，20 Ω20 Ω＋20 Ω＝UR3 V，解得UR＝1.5 V，所以為了能夠繼續進行實驗，調節后的電壓值應該不低于1.5 V；(5)合理的實驗順序是：先后將20 Ω、10 Ω和5 Ω的定值電阻接入電路，控制定值電阻兩端的電壓不變，進行實驗．
變式一：定值電阻短路　變式二：滑動變阻器同時接了下面兩個接線柱
14. (1)如答圖所示　(2)改變小燈泡兩端電壓　電路連接過程中開關未斷開　(3)電壓表示數為2.5 V　8.3　小燈泡亮度變亮(答案合理即可)　(4)小燈泡兩端電壓與通過它的電流之比不是定值(或小燈泡燈絲的電阻隨溫度的升高而增大)(答案合理即可)

第14題答圖
15. (1)如答圖所示　(2)左　(3)待測電阻短路　(4)1　當電路中電流為0.1 A時，滑動變阻器接入電路中的電阻應為50 Ω，而滑動變阻器最大阻值為30 Ω　(5)①U2R0U1?、诮Y果不正確，由于Rx≠R0，當開關由a改接到b時，滑動變阻器兩端的電壓不相等，則Rx、R0兩端的電壓也不相等

第15題答圖
【解析】(1)伏安法測電阻實驗中，滑動變阻器應按照“一上一下”原則接入電路，電壓表測定值電阻兩端電壓，具體如答圖所示；(2)閉合開關前，為使滑動變阻器接入電路中的電阻最大，應使滑動變阻器的滑片遠離下接線柱，即將滑片移至最左端；(3)電流表有示數說明電路為通路，電壓表示數為零，說明與電壓表并聯的電路發生短路，即待測電阻短路；(4)第1組實驗數據不是本實驗中測得的，理由是當電路中電流為0.1 A時，電路中的總電阻為R＝UI＝6 V0.1 A＝60 Ω，待測電阻的阻值R待＝U待I＝1 V0.1 A＝10 Ω，滑動變阻器接入電路中的阻值R滑＝R－R待＝60 Ω－10 Ω＝50 Ω，而滑動變阻器最大阻值為30 Ω；(5)①方案一中，兩電阻串聯， 測R0兩端電壓， 測Rx兩端電壓，此時電路中的電流I＝U1R0，電阻Rx＝UxI＝U2U1R0＝U2R0U1；②分析方案二電路圖可知，由于Rx≠R0，當開關由a改接到b時，滑動變阻器兩端的電壓不相等，則Rx、R0分別接入電路時兩端電壓也不相等，即I1R0并不是Rx接入電路時其兩端的電壓，因此不能使用歐姆定律計算電阻．
變式：②閉合開關S和S1，斷開S2?、踀1－U2U2R0
16. (1)如答圖所示　(2)斷路　(3)左　(4)0.3　0.75　(5)增大　(6)B　

第16題答圖
【解析】(1)小燈泡應與滑動變阻器串聯，電壓表并聯在小燈泡兩端，如答圖所示；(2)小燈泡不亮，電流表無示數，說明電路斷路，電壓表有示數，說明與電壓表并聯的部分電路斷路，即小燈泡斷路；(3)由于此時燈泡的電壓小于額定電壓，根據U＝IR可知，要增大燈泡兩端的電壓，應增大電路中的電流，減小電路中的電阻，即減小滑動變阻器接入電路的電阻，所以滑片應向左端移動使燈泡正常發光；(4)當小燈泡的電壓達到額定電壓時，圖乙中電流表的量程是0～0.6 A，最小分度值是0.02 A，電流表的讀數為0.3 A，燈泡額定功率為P＝UI＝2.5 V×0.3 A＝0.75 W；(5)由R＝UI可知，小燈泡燈絲電阻隨電壓的增大而增大；(6)若僅將小燈泡換成阻值為5 Ω的定值電阻，利用本實驗器材能完成“探究電流與電壓的關系”實驗，故選B.
17. (1)如答圖所示　(2)B　(3)短路　(4)0.65　大
(5)2　 U額U0R0

第17題答圖
【解析】(1)要求滑動變阻器滑片向右移動時電阻變大，滑動變阻器“一上一下”接入電路，與燈泡連接的一端接左上接線柱，則與開關連接的另一端接左下接線柱，具體如答圖所示；(2)閉合開關前，滑片應位于阻值最大處，即B端；(3)小燈泡不亮，但電流表有示數，說明電路發生短路，又電壓表無示數，則與電壓表并聯的小燈泡短路；(4)額定功率為P＝UI＝2.5 V×0.26 A＝0.65 W，由表中信息可知，小燈泡實際功率越大，小燈泡越亮；(5)當S2斷開、S、S1閉合時，L、R0、R串聯，當電壓表示數為2 V時，小燈泡正常發光；當S1斷開、S、S2閉合時，L、R0、R串聯，電路狀態不變，電壓表測R0兩端電壓，電路中的電流為I＝U0R0，小燈泡額定功率為P＝UI＝U額U0R0.
18. (1)閉合　(2)無　(3)①切割磁感線?、趯w切割磁感線運動方向?、郯l電機　(4)會　(5)磁場方向　 (6)磁場強度
【解析】(4)若在整理器材時未斷開開關，先水平向左撤去蹄形磁鐵，導體ab不動，蹄形磁鐵相對導體向左運動，則導體ab做切割磁感線運動，滿足感應電流產生的條件，電路中有感應電流產生，靈敏電流計的指針會偏轉；(5)磁極對調，導體切割磁感線運動方向不變，電流計指針反向偏轉說明產生的感應電流方向與磁場方向有關；(6)若換用磁性更強的磁體，是為了探究感應電流大小與磁場強度的關系．
三、創新探究題
實驗能力“1對1”輔導
例　(1)二　(3)遠　小　一　(4)杠桿平衡　摩擦(或靜摩擦)　豎直向上(或向上)　(5)接觸面的粗糙程度(或套筒的長度、套筒的粗細等)
創新探究題專練
1. (2)標記處　 氣體體積?、偎y柱的長度　BCD　②大　 (3)正確　(4)適當放出一些氣體(或潑水降溫等)
【解析】(2)玻璃管置于不同溫度的水中時，注入水銀，直到水銀柱下表面回到標記處是為了保持氣體的體積不變；①由實驗可知，一定質量的氣體產生的壓強越大，其托起(支持)的水銀柱也越長，所以一定質量的氣體產生壓強的大小是由封閉空氣柱上方水銀柱的長度來反映的，這里采用的是轉換法；探究平面鏡成像時像與物的大小關系，用到的是等效替代法；探究動能大小與哪些因素有關，用到的是控制變量法和轉換法；探究影響電磁鐵磁性強弱的因素，用到的是控制變量法和轉換法；探究壓力作用效果與哪些因素有關，用到的是控制變量法和轉換法．故選BCD；②水的溫度越高，上方水銀柱的長度越長，由此可以得到的結論是：一定質量的氣體，在其他條件相同時，溫度越高，氣體產生的壓強越大；(3)在室溫(20 ℃)下用水銀封閉一段空氣柱，將玻璃管豎直固定，要使空氣柱不斷變短，需要不斷向玻璃管內注入水銀，說明一定質量的氣體，在其他條件相同時，體積越小，氣體產生的壓強越大，即猜想二是正確的；(4)適當放出一些氣體或潑水降溫等可以防止夏天自行車爆胎．
2. (1)密度　(2)減小　(3)40　0.05　(4)大　(5)小于
(6)乙
【解析】(1)流體的阻力還可能與流體的密度有關；(2)小華發現很多交通工具制造成頭圓尾尖的形狀(流線型)，運動中可以減小阻力；(3)由題意可知，當小球以收尾速度運動時，小球的速度最大，其所受的阻力也最大，由表格中數據可知，2號小球的收尾速度是40 m/s，因此2號小球受到空氣阻力最大時的速度為40 m/s；此時小球處于勻速直線運動狀態，小球受到的阻力與小球的重力是一對平衡力，空氣阻力的大小f阻＝G球＝m球g＝0.005 kg×10 N/kg＝0.05 N；(4)由表格數據可知，半徑相同的小球，質量大的小球收尾速度大；(5)對于3號小球，當空氣阻力等于重力時，速度為收尾速度，大小是40 m/s，當速度是30 m/s時，還沒有達到收尾速度，處于加速階段，也就是說此時阻力小于重力；(6)小球從高空由靜止下落，速度會越來越大，所受阻力也越來越大，下落一段距離后，當阻力等于重力時將以某一速度做勻速直線運動，故小球先做加速運動，再做勻速直線運動，故乙符合題意．
3. (1)不變　噴射距離　(2)刻度尺　(3)1、4、7(或2、5、8或3、6、9)　水管內徑越大，出水口水流速度越大　(4)越小　(5)用內徑和長度相同，材質不同的水管多次實驗，觀察噴射距離是否一致
【解析】(1)由液體壓強公式p＝ρgh可知，水的密度ρ不變，g是常數，當控制水箱中水的深度不變時，從而使接口處水的壓強不變；若保持出水口的高度h不變，則通過水的噴射距離來反映出水口水流速度的大小，水的噴射距離越遠，說明接口處水的流速越大；(2)實驗中需要用刻度尺來測量水管長度和噴射距離；(3)由實驗序號1、4、7(或2、5、8或3、6、9)可得到的初步結論是：當材質和內徑一定時，水管長度越長，水噴射距離越短，說明出水口處水流速度越??；比較序號1、2、3可知，三次實驗中，水管的材質及長度相同，但內徑大小不同，內徑越大，水噴射距離越遠，說明出水口處水流速度越大；(4)綜上所述，當其他條件一定時，水管長度越長，內徑越小，出水口水流速度越??；(5)為了驗證猜想③，接下來的操作是：用內徑和長度相同，材質不同的水管多次實驗．
4. (1)刻度尺(或卷尺)　(2)動　(3)1、2、3(或4、5、6或7、8、9)　(4)下面彈性球的質量越大　(5)B、C(或B和C)　(6)增大　不會違背
【解析】(1)實驗中測量彈性球的質量需要用電子秤，而測量彈性球下落的高度和A球反彈的高度則需要利用刻度尺或卷尺；(2)A球下落過程中，質量不變，高度越來越小，重力勢能減小，而速度越來越大，動能增大，這一過程把重力勢能轉化為動能；(3)由題目結論可知，實驗中需要保持彈性球的質量和材料一定，改變彈性球的下落高度，所以比較的實驗序號為1、2、3的三次實驗的數據，當然也可以比較4、5、6三次實驗或7、8、9三次實驗的數據，從而得到實驗結論：在下面彈性球的材料、質量一定時，下落高度越高，上面彈性球反彈的高度越高；(4)比較實驗序號4、7(或5、8或6、9)，可以發現實驗時保持的是下面彈性球的材料和下落高度相同，只是改變了下面彈性球的質量，所以探究的是上面彈性球反彈高度與下面彈性球的質量的關系，而序號7(或8或9)的彈性球比序號4(或5或6)的彈性球質量大，上面彈性球反彈的高度也較大，因此得出的結論是：在下面彈性球的材料和下落高度等條件一定時，下面彈性球的質量越大，上面彈性球反彈的高度越高；(5)要探究下面彈性球反彈高度與下面彈性球的材料的關系，需要保持下面彈性球的質量和下落高度不變，只改變下面彈性球的材料，而B、C、D三球中D球的質量與B、C不同，所以D球不符合條件，而B、C球材料不同、質量相等，對應的序號為1、4(或2、5或3、6)的實驗中下面彈性球的下落高度也相同，因此用A球與B、C兩球可以探究猜想③；(6)實驗中，每次A球反彈的高度都比下落的高度更高，這是因為在兩球相碰時下面的彈性球對上面的彈性球做功，使A彈性球的機械能總量增大，這一現象不違背能量守恒定律，因為A球機械能的增大是以下面彈性球機械能(能量)的減小為代價的．