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蘇州市高新區2019年中考物理一模試卷
一．選擇題（每題2分，共24分）
1．關于聲現象，下列說法正確的是（　　）
A．“聞其聲而知其人”主要是根據聲音的音色來判斷的
B．吹奏笛子時，演奏者用手指按住不同氣孔，是為了改變發出聲音的響度
C．公共場合要“輕聲慢語”指的是減小聲音的音調
D．超聲波可以在真空中傳播
2．下列現象可用光的反射原理解釋的是（　　）
A． 放大鏡賞花 B． 手影游戲
C． 水中折筆 D． 水中倒影
3．關于能源與可持續發展，下列認識正確的是（　　）
A．核電站是利用核聚變釋放的能量發電的
B．太陽能電池是將太陽能轉化為內能的裝置
C．能量的轉化和轉移是有方向的
D．能量在轉化或轉移的過程中，總量會減少
4．如圖所示是生活中幾種常見的杠桿，其中屬于費力杠桿的是（　　）
A． 道釘撬 B． 鋼絲鉗
C． 開瓶扳手 D． 筷子
5．關于溫度、熱量和內能，下列說法正確的是（　　）
A．物體的溫度升高，內能增大
B．物體的溫度越高，所含的熱量越多
C．物體內能增大，一定從外界吸收熱量
D．物體的溫度不變，其內能就一定不變
6．如圖，R1、R2是定值電阻，開關S閉合一段時間后，電流表示數突然減小。用電壓表檢測電路，當電壓表接a、b兩點時，電壓表有示數；接b、c兩點時，電壓表無示數。則故障原因可能是（　　）

A．僅 R1 斷路 B．僅 R2 斷路
C．ac 導線斷路 D．電流表斷路
7．如圖是新安裝的照明電路，已知兩個并聯燈泡的燈頭接線存在一處故障。小明學電工的檢修方法，在保險絲處接入一個“220V、40W”的燈泡。當只閉合S、S1時，L0和L1都呈暗紅色；當只閉合S、S2時，L0正常發光，L2不發光。由此可以確定（　　）

A．L1燈頭斷路 B．L2燈頭短路 C．L1燈頭短路 D．L2燈頭斷路
8．下列與物態變化有關的現象說法正確的是（　　）
A．霜的形成是一種升華現象
B．燒開水時冒出的“白氣“是水蒸氣液化形成的
C．衣柜里的樟腦丸逐漸消失是汽化現象
D．晶體熔化時吸收熱量，溫度升高
9．下圖是有關電與磁實驗的裝置圖，其中用來研究磁場對電流作用的是（　　）
A．
B．
C．
D．
10．用如圖的實驗裝置“探究平面鏡成像的特點”時，以下說法錯誤的是（　　）

A．棋子A向玻璃板靠近，所成的像會變大
B．棋子A、B應該等大
C．茶色玻璃板可以用來成像
D．方格紙有助于確定虛像的位置
11．如圖是甲、乙兩種不同電磁波的傳播圖象，下列說法正確的是（　　）

A．甲電磁波振動的波長較長
B．甲、乙兩種電磁波的振動頻率相同
C．甲電磁波的傳播速度較快
D．甲電磁波振動的頻率較大
12．如圖所示，電源電壓保持6V不變，電流表的量程為0﹣0.6A，電壓表的量程為0﹣3V，定值電阻R1的規格為“10Ω 0.5A“，滑動變阻器R2的規格為“20Ω 1A”。現閉合開關S，為了保證電路及儀器的安全，在變阻器的滑片P移動的過程中，下列說法中正確的是（　　）

A．電流表示數允許的電流變化范圍為0.2A﹣0.5A
B．電阻R1消耗功率允許的變化范圍為0.4W﹣0.9W
C．變阻器R2接入電路的阻值允許變化范圍為2Ω﹣20Ω
D．電路消耗總功率允許的變化范圍為1.2W﹣3W
二．填空題（每空1分，共21分）
13．跳廣場舞已經成為人們健身的一項運動，優美的舞曲聲是由于揚聲器紙盆的　 　產生的，是通過　 　傳入人耳的。為了不影響周圍居民的生活和休息，跳舞時將音箱的音量調小，這是在　 　處減弱噪聲。
14．冬天，雙手捧著熱水袋會感到暖和，雙手反復摩擦也會感到暖和。前者是利用　 　方式增加了手的內能，后者是利用　 　方式增加了手的內能。
15．開發和利用新能源是現代社會發展面臨的重要課題。以下列出的幾種能源中，①煤②核能③水能④風能⑤地熱能屬于新能源的是　 　，不來自于太陽的能源是　 　。
16．小紅家新購買了一臺電熱水壺，用它燒水時發現水燒開了。而導線卻幾乎不熱，這是由于電熱水壺內部電熱絲的　 　比導線的大。查看銘牌，小紅了解到電熱水壺的額定功率為1500W．若加熱效率為90%，標準氣壓下，電熱水壺正常工作7min，可將　 　kg，初溫是25℃的水燒開。
17．如圖所示電路中，閉合開關S，當滑動變阻器R2的滑片P向左移動時，電流表A1的示數將　 　，電壓表V的示數與電流表A2的示數之比將　 　。（均填“變大”“變小”或“不變”）

18．如圖所示的電路，R1＝30Ω，R2＝20Ω，開關S閉合后，電流表A的示數為0.4A。
（1）電源電壓　 　V；
（2）干路中的總電流　 　A。

19．燈泡L1、L2分別標有“6V 6W”和“6V 3W”的字樣，圖線甲、乙分別為通過燈泡L1、L2中的電流隨兩端電壓變化關系的圖象。開關閉合后要使其中一只燈正常發光，另一只燈泡不會燒壞，甲圖中電壓表示數為　 　V；乙圖中，電流表示數為　 　A。

20．在探究通電螺線管外部磁場的方向時，玻璃板上均勻地撤上鐵屑，閉合開關，輕敲玻璃板，鐵屑的分布情況如圖所示。鐵屑在玻璃板上的分布與　 　的磁場分布非常相似。若把連接電源正負極的接線對調，在閉合開關，輕敲玻璃板，此時鐵屑的分布情況　 　（改變/不變），小磁計N、S極的指向　 　（改變/不變）。

21．如圖1所示，質量不計的彈簧豎直固定在水平面上，t＝0時刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球接觸彈簧并將彈簧壓縮至最低點（形變在彈性限度內），然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后又下落，如此反復。通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測出該過程中彈簧彈力F隨時間t變化的圖象如圖2所示，不計空氣阻力。
（1）在整個運動過程中，小球的機械能　 　（填“守恒”或“不守恒”）
（2）小球動能最小的時刻是　 　（填t1、t2或t3）
（3）在t2～t3這段時間內，小球的動能　 　（填“先增大后減小”，“先減小后增大”，“一直增大”，“一直減小”）

三．解答題（共55分）
22．（2分）一束光從空氣斜射到水面上，請畫出反射光線和折射光線的大致位置。

23．如圖，作出圖中F1的力臂L1；

24．如圖，用筆畫線代替導線將電燈和開關正確接到電路中。

25．（2分）如圖，小磁針靜止在通電螺線管的正上方，請在圖中標出電源的正、負極和磁感線方向。

26．（4分）同學們在研究冰的熔化特點實驗中：

（1）圖甲是小明用“水浴法”做冰的熔化實驗裝置，待冰完全熔化后，小明又持續加熱了一段時間，當溫度計示數維持100℃不變（外界氣壓為一個標準大氣壓）時，試管中的水　 　（選填“沸騰”或“不沸騰”）。
（2）圖乙是小明得到的實驗圖象，由圖象可知：實驗過程中，冰熔化階段用時　 　min；冰熔化時，吸收熱量，溫度　 　；
（3）同一實驗室其他小組的一個同學卻發現，他們所用的溫度計放在冰水混合物中時示數是4℃；放在沸水中，示數是94℃．用此溫度計測得一杯水的溫度為40℃，該示數是否可信？　 　。（選填“可信”或“不可信”）
27．（6分）在探究“凸透鏡成像規律”的實驗中。
（1）如圖甲，平行光正對凸透鏡照射，光屏上出現一個最小最亮的光斑，則凸透鏡的焦距f＝　 　cm。

（2）如圖乙，光屏上呈現清晰的像，此像的性質是　 　的實像。若保持蠟燭和光屏位置不變，移動透鏡至　 　刻度線處，光屏上能再次呈現清晰的像。
（3）如圖丙，保持蠟燭位置不變，移動透鏡至16cm刻度線處，則人眼在圖中　 　處能觀察到燭焰的像。
（4）如圖丁，在燭焰和凸透鏡之間放一副眼鏡，發現光屏上的像由清晰變模糊了，將光屏向透鏡移動適當距離后光屏上再次呈現清晰的像。則該眼鏡是　 　眼鏡（近視/遠視）。
28．用如圖所示的裝置做“探究杠桿的平衡條件”實驗。

（1）實驗開始時，杠桿的位置如圖甲所示，為使杠桿在水平位置平衡，應將杠桿的平衡螺母向　 　移動（選填“左”或“右”）。
（2）如圖乙所示，在刻度線“2”處掛2個鉤碼（每個鉤碼重0.5N），在刻度線“4”處用調好的彈簧測力計豎直向下拉杠桿，杠桿在水平位置平衡時，彈簧測力計的示數為F1＝　 　N；若保持鉤碼位置不變，將彈簧力計斜向左拉，杠桿在水平平衡時，其示數F2　 　F1（選填“＞”、“＝”或“＜”）。
（3）得到實驗結論后，利用圖乙所示的裝置，只借助杠桿上刻度線，右側只使用彈簧測力計，左側只懸掛重物，若彈簧測力計的量程是0﹣5N，當杠桿在水平位置平衡時，通過計算可知，懸掛的重物最重可達　 　N。
29．（10分）按如圖1所示的電路圖做“測置小電燈的功率”的實驗，所用器材有：標“3.8V”字樣的待測小電燈、電壓恒為6V的電源、標有“20Ω 1A”的滑動變阻器、電流表（量程為0?0.6A、0?3A）、電壓表（量程為0?3V、0?15V）、開關及導線若干。
（1）某學生在實驗時，把電流表與電壓表的位置交換連接了，閉合開關后會造成　 　（填選項前的字母）
A．電流表燒壞 B、電壓表燒壞 C．小電燈燒壞 D、小電燈不亮
（2）另一學生按圖連接電路后，閉合開關，將滑動變阻器的滑片移到最左端時，燈不亮，電壓表有較大的示數。經檢查，導線連接完好，則電路故障是：　 　，排除該故障換用新元件后，閉合開關時，觀察到燈閃亮一下后立即熄滅，該學生在操作過程中的不當之處是：　 　。
（3）小明同學按電路圖正確連接電路后，閉合開關，從大到小調節滑動變阻器的阻值，并將正確操作下的電壓表和電流表的示數填入如表。
電壓表的示數U/V 電流表的示數 I/A 小電燈的功率 P/W
2.0 0.20 　 　
2.5 0.22 　 　
3.0 0.25 　 　
3.8 0.30 　 　
4.5 0.32 　 　
①通過上表數據，可算得小電燈的額定功率為　 　W，還可得出關于燈絲電阻的結論是：　 　；
②當小電燈正常工作時，連入電路的滑動變阻器的阻值為　 　Ω
③將兩個這樣的相同規格的小電燈串聯后直接接在6V電源的兩端，兩燈消粍的總功率為　 　W。
（4）若電壓表的0?15V量程已損壞，只能使用0?3V量程，其它器材不變，如何測出小電燈的額定功率？
①在圖2虛線框中畫出測量電路圖；
②若小電燈兩端最大可加4.5V電壓，為保證實驗時你所設計的測量電路中各元件的安全，參照小明的實驗數據，估算滑動變阻器接入電路的阻值范應為　 　Ω～　 　Ω。

30．（2分）我國某地區采用風力發電，風力發電機組主要由風機葉片和發電機組成。下表給出了在不同風速下某風機獲得的能量：
對表格進行分析，你發現該風機1s內獲得的能量E與風速v的定量關系式是E＝　 　。
如表給出了在不同風速下某風機獲得的能量
平均風速（m/s） 5 10 15 20
1s內獲得的能量（×104J） 1 8 27 64
31．（6分）建筑工地上，工人用如圖所示的裝置將重為230N的建材從地面勻速送到6m高處，所用拉力為125N，時間為20s。求：
（1）工人做的有用功；
（2）工人做功的功率；
（3）此過程中該裝置的機械效率。

32．（4分）隨著人們生活水平的日益提高，小汽車越來越多地走進了百姓人家。一輛使用汽油為燃料的小汽車，以72km/h的速度在水平路面上勻速行駛時，發動機的實際功率為20kW．若小汽車行駛過程中消耗的汽油為20kg，小汽車發動機的效率為30%，汽油的熱值q＝4.6×107J/kg．求小汽車在這段路程中：
（1）所受的阻力；
（2）行駛的路程。
33．（1分）張強媽媽買了一個新的電飯煲，張強從說明書中，得知下表中的信息，工作電路圖如圖甲所示，S1為溫控開關，加熱電阻R1和R2的阻值不隨溫度變化。求：
（1）電飯煲在“保溫”狀態下正常工作時，通過電飯煲的電流；
（2）電阻R2的阻值；
（3）某周末的晚飯時，張強想利用自家電能表（如圖乙）測量家庭電路的實際電壓。于是他關閉了家中其它所有用電器，只讓電飯煲在“蒸煮”狀態下工作，觀察到電能表的轉盤在1min內轉了50轉。求家庭電路的實際電壓。
額定電壓 220V
額定蒸煮功率 1210W
額定保溫功率 88W
頻率 50Hz
容積 5L

34．（6分）小明根據所學的電學知識，想設計一個汽車超載自動報警電路。他查閱了相關資料了解到壓敏電阻是阻值隨壓力變化而變化的元件，并了解到壓敏電阻在生活中的一種應用﹣﹣壓力傳感器。壓力傳感器受到的壓力越大，輸出的電壓就越大，用它可以稱量汽車的重。某壓力傳感器輸出電壓與壓力的關系如下表：
壓力/×105N 0 1.2 2.4 3.6 4.8 6.0
輸出電壓/V 0 1 2 3 4 5
小明利用該壓力傳感器和電阻箱R'（最大電阻999.9Ω）及部分其它器材設計了圖甲所示的電路，閉合開關S，當線圈中電流大于或等于20mA時，電磁繼電器的銜鐵被吸合。已知繼電器線圈的電阻為25Ω，繼電器電路的電源電壓由傳感器的輸出電壓U提供。（假設U不受繼電器電路影響）

（1）根據表格中數據，請在圖乙給定的坐標系中描繪出壓力傳感器的輸出電壓隨壓力變化的圖象；
（2）當壓力增加到一定程度時，電鈴報警，說明汽車超載，則圖甲中電鈴應接在　 　（選填“A、B”或“C、D”）兩端；
（3）小明希望壓力大于或等于2.4×105N時，啟動報警系統，則電阻箱R′的電阻應調節到多大？
（4）要使該裝置報警，汽車的最小重力為多少？


2019年江蘇省蘇州市高新區中考物理一模試卷
參考答案與試題解析
一．選擇題（每題2分，共24分）
1．關于聲現象，下列說法正確的是（　　）
A．“聞其聲而知其人”主要是根據聲音的音色來判斷的
B．吹奏笛子時，演奏者用手指按住不同氣孔，是為了改變發出聲音的響度
C．公共場合要“輕聲慢語”指的是減小聲音的音調
D．超聲波可以在真空中傳播
【分析】（1）聲音的特征有三個：響度、音調、音色。響度指聲音的大小，音調指聲音的高低，音色是指聲音的品質與特色。
（2）聲音不能在真空中傳播。
【解答】解：A、不同人聲音的音色不同，區別出熟悉的人誰在說話，是因為音色不同的原因。故A正確；
B、吹奏笛子時，演奏者抬起壓在不同出氣空上的手指，是為了改變振動的空氣柱的長度，即改變空氣柱振動的快慢，故是為了改變音調，故B錯誤；
C、公共場合要“輕聲慢語”指的是減小聲音的響度，故C錯誤；
D、超聲波也是聲波，聲波不能在真空中傳播，故D錯誤；
故選：A。
【點評】本題考查了聲音的相關知識，屬于基礎知識的考查，比較簡單。
2．下列現象可用光的反射原理解釋的是（　　）
A． 放大鏡賞花 B． 手影游戲
C． 水中折筆 D． 水中倒影
【分析】（1）光在同種、均勻、透明介質中沿直線傳播，產生的現象有小孔成像、激光準直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光線傳播到兩種介質的表面上時會發生光的反射現象，例如水面上出現岸上物體的倒影、平面鏡成像、玻璃等光滑物體反光都是光的反射形成的；
（3）光線在同種不均勻介質中傳播或者從一種介質進入另一種介質時，就會出現光的折射現象，例如水池底變淺、水中筷子變彎、海市蜃樓、凸透鏡成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、用放大鏡看花時，花變大了，屬于凸透鏡成像，是由于光的折射形成的。故與題意不符。
B、手影中影子的形成說明光是沿直線傳播的，由于光的直線傳播，被物體擋住后，物體后面就會呈現出陰影區域，就是影子，故與題意不符；
C、從水中筆上反射的光從水中斜射入空氣中時，發生折射，折射光線遠離法線，當人逆著折射光線的方向看時，看到的是筆的虛像，比實際位置偏高，所以感覺折斷了，故與題意不符；
D、平靜水面上山的倒影，屬于平面鏡成像，是由于光的反射形成的，符合題意。
故選：D。
【點評】此題通過不同的現象考查了學生對光的反射、光的直線傳播及光的折射的理解，在學習中要注意區分，并要學會用所學知識解釋有關的物理現象。
3．關于能源與可持續發展，下列認識正確的是（　　）
A．核電站是利用核聚變釋放的能量發電的
B．太陽能電池是將太陽能轉化為內能的裝置
C．能量的轉化和轉移是有方向的
D．能量在轉化或轉移的過程中，總量會減少
【分析】（1）核電站的原理是通過核裂變釋放能量來發電的；
（2）太陽能電池可將太陽能轉化為電能；
（3）能量的轉移或轉化過程中，總量是不變的，其總量是守恒的，但是具有方向性的。
【解答】解：
A、核電站是利用核裂變來釋放能量的，不是利用核聚變，故A錯誤。
B、太陽能電池是將太陽能轉化為電能的裝置，故B錯誤；
C、能量的轉移或轉化過程中，總量是不變的，但是具有方向性的，故C正確；
D、由能量守恒定律可知，能量在轉化和轉移的過程中，其總量是守恒的，故D錯誤。
故選：C。
【點評】本題考查學生對核裂變、太陽能利用的掌握情況，知道并理解能量的轉化和守恒定律的內容，并能準確的判斷出能量的轉化過程是解決該題的關鍵。
4．如圖所示是生活中幾種常見的杠桿，其中屬于費力杠桿的是（　　）
A． 道釘撬 B． 鋼絲鉗
C． 開瓶扳手 D． 筷子
【分析】結合圖片和生活經驗，找出支點，判斷杠桿在使用過程中，動力臂和阻力臂的大小關系，再判斷它是屬于哪種類型的杠桿。
【解答】解：
A、道釘撬在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿；
B、鋼絲鉗在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿；
C、開瓶扳手在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿；
D、筷子在使用過程中，動力臂小于阻力臂，是費力杠桿。
故選：D。
【點評】本題考查的是杠桿的分類，主要包括以下幾種：①省力杠桿，動力臂大于阻力臂；②費力杠桿，動力臂小于阻力臂；③等臂杠桿，動力臂等于阻力臂。
5．關于溫度、熱量和內能，下列說法正確的是（　　）
A．物體的溫度升高，內能增大
B．物體的溫度越高，所含的熱量越多
C．物體內能增大，一定從外界吸收熱量
D．物體的溫度不變，其內能就一定不變
【分析】溫度、熱量、內能是三個不同的物理量，同一物體狀態不變時，吸收熱量內能增加，溫度升高；知道晶體熔化、液體沸騰時吸熱，溫度保持不變，內能增加。同時了解做功和熱傳遞都可以增加物體的內能。
【解答】解：A、物體溫度升高，分子運動加劇，所以內能增加，故A正確；
B、熱量是一個過程量，不能用含有、具有等來修飾，故B錯誤；
C、物體內能增大可能是吸收了熱量，也可能是外界對它做了功，故C錯誤；
D、物體的溫度不變，其內能可能不變，也可能增加，如晶體熔化時，吸熱但溫度不變，內能增加，故D錯誤。
故選：A。
【點評】溫度是物體令熱程度的標志，溫度越高，組成物質的分子運動越劇烈，分子的總動能越大；內能是所有分子運動的動能和分子勢能的總和，同一物體，溫度越高，內能越大，溫度升高，內能增加；熱量是熱傳遞過程中，傳遞的內能，離開了熱傳遞，就沒有熱量這個概念。
6．如圖，R1、R2是定值電阻，開關S閉合一段時間后，電流表示數突然減小。用電壓表檢測電路，當電壓表接a、b兩點時，電壓表有示數；接b、c兩點時，電壓表無示數。則故障原因可能是（　　）

A．僅 R1 斷路 B．僅 R2 斷路
C．ac 導線斷路 D．電流表斷路
【分析】由電路圖可知，R1與R2并聯，電流表測干路電流，電流表示數突然減小說明電路故障是斷路，根據電壓表的示數判定故障之處。
【解答】解：由電路圖可知，R1與R2并聯，電流表測干路電流。
開關S閉合一段時間后，電流表示數突然減小，則電路故障為某處斷路，
當電壓表接a、b兩點時，電壓表有示數，則a到電源的負極與b到電源的正極之間是接通的，
當電壓表接b、c兩點時，電壓表無示數，則c到電源的負極與b到電源的正極之間是斷開的，
由前面解答可知a到電源的負極、b到電源的正極之間是接通的，故ac間導線出現了斷路。
故選：C。
【點評】本題考查了學生利用電流表、電壓表判斷電路故障的分析能力，電路故障分短路和開路兩種情況，平時做實驗時試一試，多總結、提高分析能力。
7．如圖是新安裝的照明電路，已知兩個并聯燈泡的燈頭接線存在一處故障。小明學電工的檢修方法，在保險絲處接入一個“220V、40W”的燈泡。當只閉合S、S1時，L0和L1都呈暗紅色；當只閉合S、S2時，L0正常發光，L2不發光。由此可以確定（　　）

A．L1燈頭斷路 B．L2燈頭短路 C．L1燈頭短路 D．L2燈頭斷路
【分析】將“220V、40W”的電燈按表格中提供的接法接入電路，是把此燈串聯接入電路。
若電燈恰能正常發光，說明開關閉合的那條支路短路，使該燈直接接在電源上；
若電燈比正常發光暗，說明開關閉合的那條支路的燈與該燈串聯接入電路，所分電壓低于220V，這條支路正常；
若電燈不發光，說明開關閉合的那條支路有開路。
據此分析判斷。
【解答】解：當只閉合S、S1時L0和L1都呈暗紅色，是因為L1與該燈串聯接入電路，所分電壓低于220V，所以L1正常；
當只閉合S、S2時，L0正常發光，L2不發光，是因為L2被短路，使L0直接接在電源上，正常發光。
故選：B。
【點評】明確當把檢測燈串聯接在保險絲處時，出現三種現象（檢測燈正常發光、發光暗、不發光）的原因是本題的關鍵。
8．下列與物態變化有關的現象說法正確的是（　　）
A．霜的形成是一種升華現象
B．燒開水時冒出的“白氣“是水蒸氣液化形成的
C．衣柜里的樟腦丸逐漸消失是汽化現象
D．晶體熔化時吸收熱量，溫度升高
【分析】（1）物質從固態到液態的過程叫做熔化，物質從液態變成固態的過程叫做凝固；物質從液態變為氣態叫做做汽化，物質從氣態變為液態叫做液化；物質從固態直接變成氣態叫升華，物質從氣態直接變成固態叫凝華；
（2）晶體熔化的特點是：吸收熱量，溫度保持不變。
【解答】解：
A、霜是固態小冰晶，是空氣中的水蒸氣快速放熱后由氣態直接變為固態形成的，屬于凝華現象，故A錯誤；
B、燒開水時冒出的“白氣”是水蒸氣遇冷液化形成的小水滴，是液化現象，故B正確；
C、衣柜里的樟腦丸逐漸消失，樟腦丸由固態直接變為氣態，屬于升華現象，故C錯誤；
D、晶體在熔化過程中吸收熱量，但是溫度保持不變，故D錯誤。
故選：B。
【點評】本題考查三種物質三種狀態之間六種物態變化，都是基礎性的，要求學生在今后的學習中加強對所學的基礎知識的儲備，以便能夠靈活應用。
9．下圖是有關電與磁實驗的裝置圖，其中用來研究磁場對電流作用的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【分析】要能用來研究磁場對電流的作用應有電流及磁場，則通過對各裝置的研究可得出結論。
【解答】解：A、當導體ab在磁場中水平運動時，可以在電流表中產生電流，故研究的是電磁感應，故A錯誤；
B、通電導體放在小磁針上方時，小磁針會產生偏轉，故B研究電流的磁效應，故B錯誤；
C、通電后螺線管可以吸引鐵屑，研究的電流的磁效應，故C錯誤；
D、放入磁場的導體通電后，在磁場的作用下產生運動，說明電流在磁場中受磁場力的作用，故D正確。
故選：D。
【點評】以上實驗為電學中的重要實驗，應明確其原理及實驗的意義。
10．用如圖的實驗裝置“探究平面鏡成像的特點”時，以下說法錯誤的是（　　）

A．棋子A向玻璃板靠近，所成的像會變大
B．棋子A、B應該等大
C．茶色玻璃板可以用來成像
D．方格紙有助于確定虛像的位置
【分析】（1）平面鏡成像大小跟物體的大小有關。
（2）實驗中讓A棋子與B棋子完全相同，B又與A的像完全重合，結果就得出A的像與A大小相同的結論；
（3）利用玻璃板透明的特點，可以觀察到玻璃板的另一側，便于找到像的位置。
（4）方格紙每個方格距離相同，有助于確定虛像的位置；
【解答】解：A、棋子A向玻璃板靠近，所成的像不變，故A錯誤。
B、為了比較A的像與A大小相同的結論，棋子A、B應該等大，故B正確；
C、用茶色玻璃板代替平面鏡，主要是利用玻璃板透明的特點，便于找到棋子A的像的位置，又看到玻璃板后面的棋子B，故C正確；
D、方格紙每個方格距離相同，有助于確定虛像的位置，故D正確；
故選：A。
【點評】此題是考查探究平面鏡成像實驗中需要注意的事項，是中考中經常涉及到的地方，要求深入理解，熟練掌握。
11．如圖是甲、乙兩種不同電磁波的傳播圖象，下列說法正確的是（　　）

A．甲電磁波振動的波長較長
B．甲、乙兩種電磁波的振動頻率相同
C．甲電磁波的傳播速度較快
D．甲電磁波振動的頻率較大
【分析】真空中電磁波速是恒定不變的。波速＝波長×頻率。
波峰或波谷之間的距離是波長，先判斷甲乙的波長，再判斷電磁波的頻率。
【解答】解：甲乙都是電磁波，電磁波速是相等的。
由圖知，甲的波長大，乙的波長小，
根據波速＝波長×頻率，電磁波速不變，甲的波長大，甲的頻率小。
故選：A。
【點評】由圖能判斷電磁波的波長，根據波速＝波長×頻率，由波長判斷頻率。
12．如圖所示，電源電壓保持6V不變，電流表的量程為0﹣0.6A，電壓表的量程為0﹣3V，定值電阻R1的規格為“10Ω 0.5A“，滑動變阻器R2的規格為“20Ω 1A”。現閉合開關S，為了保證電路及儀器的安全，在變阻器的滑片P移動的過程中，下列說法中正確的是（　　）

A．電流表示數允許的電流變化范圍為0.2A﹣0.5A
B．電阻R1消耗功率允許的變化范圍為0.4W﹣0.9W
C．變阻器R2接入電路的阻值允許變化范圍為2Ω﹣20Ω
D．電路消耗總功率允許的變化范圍為1.2W﹣3W
【分析】滑動變阻器R2與定值電阻R1串聯，電壓表測量定值電阻兩端的電壓，根據串聯電路的分壓原理（電阻越大，電阻兩端的電壓越高），當電壓表的示數最小時，變阻器接入電路的電阻最大；當電流表的示數達到最大值時，變阻器接入電路的電阻最小；根據歐姆定律的應用可分別電路中的總電阻和滑動變阻器接入電路中的電阻值，同時可以確定電壓表示數、電流表示數以及電路中總功率的變化。
【解答】解：電源兩端電壓為6V保持不變，定值電阻為10Ω；
由題意知，當電壓表的最大測量值為3V時，此時定值電阻R1兩端的電壓U1＝3V，電路中的電流I1＝I＝I2＝ ＝ ＝0.3A＜0.6A，因此電路中的最大電流為0.3A；
故滑動變阻器接入電路中的最小電阻R2＝ ＝10Ω；電路消耗的最大功率P＝UI＝6V×0.3A＝1.8W；電阻R1消耗功率最大功率：P＝UI＝3V×0.3A＝0.9W．故ACD錯誤；
當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路中的電流最小，即I1′＝ ＝0.2A，
電阻R1電路消耗的最小功率：P′＝（I1′）2R1＝（0.2A）2×10Ω＝0.4W。
則電阻R1消耗功率允許的變化范圍為0.4W～0.9W；故B選項正確。
故選：B。
【點評】本題考查串聯電路中電壓、電流以及功率、滑動變阻器接入電路電阻的計算，注意求阻值范圍時，根據電流表和電壓表的最大值進行計算，并且會靈活運用歐姆定律。
二．填空題（每空1分，共21分）
13．跳廣場舞已經成為人們健身的一項運動，優美的舞曲聲是由于揚聲器紙盆的　振動　產生的，是通過　空氣　傳入人耳的。為了不影響周圍居民的生活和休息，跳舞時將音箱的音量調小，這是在　聲源　處減弱噪聲。
【分析】聲音是由物體振動產生的，聲音的傳播需要介質，空氣、液體、固體都可以傳聲；防治噪聲的途徑有：在聲源處、在傳播中、在人耳處。
【解答】解：優美的舞曲聲是由于揚聲器紙盆的振動產生的，是通過空氣傳入人耳的。
為了不影響周圍居民的生活和休息，跳舞時將音箱的音量調小，這是在聲源處減弱噪聲。
故答案為：振動；空氣；聲源。
【點評】本題考查了聲音的產生與傳播條件、防治噪聲的途徑，屬聲學學基礎題。
14．冬天，雙手捧著熱水袋會感到暖和，雙手反復摩擦也會感到暖和。前者是利用　熱傳遞　方式增加了手的內能，后者是利用　做功　方式增加了手的內能。
【分析】本題抓住改變物體內能有兩種方式：做功和熱傳遞。做功主要有摩擦生熱和壓縮氣體做功，熱傳遞有傳導、對流和輻射三種方式。
【解答】解：改變物體內能有兩種方式：做功和熱傳遞；
冬天，雙手捧著熱水袋會感到暖和是通過熱傳遞改變物體內能。
雙手反復摩擦也會感到暖和。是摩擦生熱屬于做功改變物體內能。
故答案為：熱傳遞；做功。
【點評】本題考查了改變物體內能的兩種方式。
15．開發和利用新能源是現代社會發展面臨的重要課題。以下列出的幾種能源中，①煤②核能③水能④風能⑤地熱能屬于新能源的是　②④⑤　，不來自于太陽的能源是　②⑤　。
【分析】要解答本題需掌握新能源的概念。新能源是指傳統能源之外的各種能源形式。
【解答】解：
新能源又稱非常規能源。是指傳統能源之外的各種能源形式。指剛開始開發利用或正在積極研究、有待推廣的能源，如：太陽能、地熱能、潮汐能、風能、氫能和核能等。而煤、石油、天然氣、電能、水能等人類早已大范圍使用，且技術也十分成熟，不屬于新能源；
②核能、⑤地熱能不來自于太陽能源。
故答案為：②④⑤；②⑤；
【點評】本題考查了對新能源的認識和理解，并能分辨生活中常用的能源哪些屬于新能源的范疇。
16．小紅家新購買了一臺電熱水壺，用它燒水時發現水燒開了。而導線卻幾乎不熱，這是由于電熱水壺內部電熱絲的　電阻　比導線的大。查看銘牌，小紅了解到電熱水壺的額定功率為1500W．若加熱效率為90%，標準氣壓下，電熱水壺正常工作7min，可將　1.8　kg，初溫是25℃的水燒開。
【分析】（1）電熱水壺和導線串聯，通過它們的電流和通電時間相等，根據焦耳定律Q＝I2Rt進行解答；
（2）電熱水壺正常工作時的功率和額定功率相等，根據W＝Pt求出消耗的電能，根據η＝ ×100%求出水吸收的熱量，又知道水的比熱容和初溫以及末溫（標準氣壓下水的沸點為100℃），根據Q吸＝cm（t﹣t0）求出燒水的質量。
【解答】解：（1）電爐在使用時，電熱絲和導線串聯，通過它們的電流和通電時間相等，
水燒開了，導線幾乎不熱，說明電熱水壺內部電熱絲產生的熱量多，
由Q＝I2Rt可知，電熱水壺內部電熱絲的電阻比導線的大；
（2）由P＝ 可得，電熱水壺正常工作7min消耗的電能：
W＝Pt＝1500W×7×60s＝6.3×105J，
由η＝ ×100%可得，水吸收的熱量：
Q吸＝Wη＝6.3×105J×90%＝5.67×105J，
標準氣壓下水的沸點為100℃，由Q吸＝cm（t﹣t0）可得，燒水的質量：
m＝ ＝ ＝1.8kg。
故答案為：電阻；1.8。
【點評】本題考查了焦耳定律和電功公式、效率公式、吸熱公式的應用，要注意標準氣壓下水的沸點為100℃。
17．如圖所示電路中，閉合開關S，當滑動變阻器R2的滑片P向左移動時，電流表A1的示數將　不變　，電壓表V的示數與電流表A2的示數之比將　變大　。（均填“變大”“變小”或“不變”）

【分析】（1）由電路圖可知，R1與R2并聯，電壓表測電源電壓，電流表A1測R1支路電流，電流表A2測R2支路電流；
根據電源的電壓可知滑片移動時電壓表示數的變化，根據并聯電路中各支路獨立工作、互不影響可知滑片移動時通過R1電流的變化，根據滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據歐姆定律可知通過R2電流的變化；
（2）根據電壓表V示數與電流表A2示數的變化判斷兩者比值的變化。
【解答】解：（1）由電路圖可知，R1與R2并聯，電壓表測電源電壓，電流表A1測R1支路電流，電流表A2測R2支路電流；
因電源電壓保持不變，
所以，滑片移動時，電壓表V的示數不變，
因并聯電路中各支路獨立工作、互不影響，
所以，滑片移動時，通過R1的電流不變，即電流表A1的示數將不變，
當滑動變阻器R2的滑片P向左端移動時，接入電路中的電阻變大，
由I＝ 可知，通過R2的電流變小，即電流表A2的示數變小；
（2）因電壓表V的示數不變，電流表A2示數變小，
所以，電壓表V示數與電流表A2示數的比值變大。
故答案為：不變；變大。
【點評】本題考查了電路的動態分析，涉及到并聯電路的特點和歐姆定律的應用，利用好并聯電路中各支路獨立工作、互不影響較為關鍵。
18．如圖所示的電路，R1＝30Ω，R2＝20Ω，開關S閉合后，電流表A的示數為0.4A。
（1）電源電壓　12　V；
（2）干路中的總電流　1　A。

【分析】由圖可知，兩電阻并聯，知道R1的阻值和通過的電流，利用歐姆定律求R1兩端的電壓（電源電壓），再根據歐姆定律求通過R2的電流，利用并聯電路的電流關系求干路電流。
【解答】解：（1）由圖可知，兩電阻并聯，電流表測R1的電流，
R1兩端的電壓：U1＝I1R1＝0.4A×30Ω＝12V，
因為兩電阻并聯，
所以電源電壓：U＝U1＝U2＝12V，
（2）通過電阻R2的電流為：I2＝ ＝ ＝0.6A，
因并聯電路干路電流等于各支路電流之和，
所以總電流：I＝I1+I2＝0.4A+0.6A＝1A。
故答案為：12；1。
【點評】本題考查了學生對歐姆定律、并聯電路電壓和電流特點的掌握和運用，使用歐姆定律注意三量（I、U、R）同體。
19．燈泡L1、L2分別標有“6V 6W”和“6V 3W”的字樣，圖線甲、乙分別為通過燈泡L1、L2中的電流隨兩端電壓變化關系的圖象。開關閉合后要使其中一只燈正常發光，另一只燈泡不會燒壞，甲圖中電壓表示數為　8　V；乙圖中，電流表示數為　0.5　A。

【分析】（1）甲圖中，兩燈泡串聯，電壓表測電源的電壓，電流表測電路中的電流，根據圖象讀出兩燈泡的額定電流，電路中一只燈正常發光、另一只燈泡不會燒壞時，電流為兩燈泡額定電流中較小的，根據圖象讀出兩燈泡兩端的電壓，根據串聯電路的電壓特點求出電壓表的示數；
（2）乙圖中，兩燈泡并聯，電流表測L2支路的電流，電壓表測電源的電壓，兩燈泡兩端的電壓和額定電壓相等，根據圖象讀出電流表的示數。
【解答】解：（1）甲圖中，兩燈泡串聯，電壓表測電源的電壓，電流表測電路中的電流，
由圖象可知，兩燈泡兩端的電壓為6V時，它們的額定電流分別為I1＝1A，I2＝0.5A，
因串聯電路中各處的電流相等，且電路中一只燈正常發光、另一只燈泡不會燒壞，
所以，電路中的電流為0.5A，
由圖象可知，兩燈泡兩端的電壓分別為U1＝2V，U2＝6V，
因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，
所以，電壓表的示數：
U＝U1+U2＝2V+6V＝8V；
（2）乙圖中，兩燈泡并聯，電流表測L2支路的電流，電壓表測電源的電壓，
因兩燈泡兩端的電壓和額定電壓相等，
所以，電流表的示數為0.5A。
故答案為：8；0.5。
【點評】本題考查了串聯電路和并聯電路的特點，關鍵是從圖象中獲取有用的信息，要注意兩燈泡串聯時能正常發光的為額定電流較小的燈泡。
20．在探究通電螺線管外部磁場的方向時，玻璃板上均勻地撤上鐵屑，閉合開關，輕敲玻璃板，鐵屑的分布情況如圖所示。鐵屑在玻璃板上的分布與　條形磁鐵　的磁場分布非常相似。若把連接電源正負極的接線對調，在閉合開關，輕敲玻璃板，此時鐵屑的分布情況　不變　（改變/不變），小磁計N、S極的指向　改變　（改變/不變）。

【分析】（1）通電螺線管外部的磁場和條形磁體磁場相似在磁體外部，磁感線是由北極出發回到南極；在磁場中，小磁針靜止時北極所指的方向為該點的磁場方向；磁場的方向和電流的方向有關；
（2）改變電流方向，則磁場方向發生改變，小磁針指向改變，但通電螺線管的磁場形式不變。
【解答】解：通電螺線管外部的磁場和條形磁體的磁場相似。
若把連接電源正負極的接線對調，就是改變螺線管中電流的方向，磁場的方向改變，但磁場的形狀不變，所以鐵屑的排列情況沒發生改變，小磁針N、S極的指向發生改變。
故答案為：條形磁鐵；不變；改變。
【點評】此題為一道電磁綜合題，既考查了磁場方向的認識，又考查了轉換法在實驗中的應用，對學生的能力要求較高，有一定難度。
21．如圖1所示，質量不計的彈簧豎直固定在水平面上，t＝0時刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球接觸彈簧并將彈簧壓縮至最低點（形變在彈性限度內），然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后又下落，如此反復。通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測出該過程中彈簧彈力F隨時間t變化的圖象如圖2所示，不計空氣阻力。
（1）在整個運動過程中，小球的機械能　不守恒　（填“守恒”或“不守恒”）
（2）小球動能最小的時刻是　t2　（填t1、t2或t3）
（3）在t2～t3這段時間內，小球的動能　先增大后減小　（填“先增大后減小”，“先減小后增大”，“一直增大”，“一直減小”）

【分析】小球先自由下落，與彈簧接觸后，彈簧被壓縮，在下降的過程中，彈力不斷變大，當彈力小于重力時，物體加速下降，合力變小，加速度變小，故小球做加速度減小的加速運動，當加速度減為零時，速度達到最大，之后物體由于慣性繼續下降，彈力變得大于重力，合力變為向上且不斷變大，加速度向上且不斷變大，故小球做加速度不斷增大的減速運動；同理，上升過程，先做加速度不斷減小的加速運動，當加速度減為零時，速度達到最大，之后做加速度不斷增大的減速運動，直到小球離開彈簧為止。對于小球和彈簧組成的系統機械能守恒。
【解答】解：
（1）由圖看出，彈簧的彈力在變化，說明運動過程中彈簧的彈性勢能在變化，而小球和彈簧組成的系統機械能守恒，則知小球的機械能不守恒。
（2）由圖看出，t2時刻，彈力F最大，故彈簧的壓縮量最大，小球運動到最低點，動能最小；
（3）t2﹣t3這段時間內，小球的彈力減小，說明小球在由最低點上升，彈力不斷增加，小球的合力先向上，后向下，小球先加速后減速；則小球的動能先增大后減小。
故答案為：（1）不守恒；（2）t2；（3）先增大后減小。
【點評】本題關鍵要將小球的運動分為自由下落過程、向下的加速和減速過程、向上的加速和減速過程進行分析處理，同時要能結合圖象分析。要知道系統的機械能守恒，但小球的機械能并不守恒。
三．解答題（共55分）
22．（2分）一束光從空氣斜射到水面上，請畫出反射光線和折射光線的大致位置。

【分析】根據反射定律：反射光線、入射光線、法線在同一個平面內，反射光線與入射光線分居法線兩側，反射角等于入射角，作出反射光線；
根據光由空氣斜射進入水中折射光線向法線偏折，折射角小于入射角作出折射光線。
【解答】解：
先過入射點作出法線，在空氣中法線的另一側作出反射光線，注意反射角等于入射角；再在水中法線的另一側作出折射光線，注意折射角小于入射角，如圖所示：

【點評】在兩種透明介質的界面上，折射和反射一般是同時發生的，反射光線與入射光線在同種介質中，折射光線和入射光線在不同種介質中。
23．如圖，作出圖中F1的力臂L1；

【分析】根據力臂的定義：支點到力的作用線的垂直距離可作出拉力F1的力臂。
【解答】解：由圖可知，支點是O，延長F1的作用線，由支點向拉力F1的作用線引垂線，支點到垂足的距離就是拉力F1的力臂L1，如圖所示：

【點評】力臂的畫法：①首先根據杠桿的示意圖，確定杠桿的支點。②確定力的作用點和力的方向，畫出力的作用線。③從支點向力的作用線作垂線，支點到垂足的距離就是力臂。
24．如圖，用筆畫線代替導線將電燈和開關正確接到電路中。

【分析】家庭電路中，開關控制燈泡時，火線首先進入開關，再進入燈泡頂端的金屬點，零線直接進入燈泡的螺旋套。
家庭電路中，三孔插座的上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線。
【解答】解：
（1）火線首先進入開關，經燈泡再連接到零線。這樣開關既能控制燈泡，又能在燈泡損壞時，斷開開關，切斷火線，更換燈泡時更安全。
（2）三孔插座的上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線。當金屬外殼的用電器插入三孔插座時，能使金屬外殼接地，防止漏電時發生觸電事故。
如圖所示：
。
【點評】本題考查家庭電路的連接，在家庭電路中，安裝各個元件，不但考慮各元件能使用，更要考慮使用的安全性。
25．（2分）如圖，小磁針靜止在通電螺線管的正上方，請在圖中標出電源的正、負極和磁感線方向。
【分析】先根據磁極間的作用規律確定通電螺線管的NS極；
通電螺線管的磁場與條形磁體的磁場相似，其周圍的磁感線從N極出發、回到S極；
知道通電螺線管的NS極，利用右手螺旋定則確定電流方向，而在電源外部電流從電源正極流出、經用電器回到負極，據此確定電源的正負極。
【解答】解：
（1）由異名磁極相互吸引可知，通電螺線管的左端為N極、右端為S極；
（2）通電螺線管的左端為N極、右端為S極，其周圍的磁感線從N極出發、回到S極，則圖中磁感線方向指向右；
（3）通電螺線管的左端為N極、右端為S極，由右手螺旋定則可知電流從螺線管的右側流入、從左側流出，所以電源右端為正極、左端為負極。如圖所示：

故答案為：

【點評】本題考查了磁極間的作用規律、磁感線的方向規定、右手螺旋定則的應用，屬于基礎題目。
26．（4分）同學們在研究冰的熔化特點實驗中：

（1）圖甲是小明用“水浴法”做冰的熔化實驗裝置，待冰完全熔化后，小明又持續加熱了一段時間，當溫度計示數維持100℃不變（外界氣壓為一個標準大氣壓）時，試管中的水　不沸騰　（選填“沸騰”或“不沸騰”）。
（2）圖乙是小明得到的實驗圖象，由圖象可知：實驗過程中，冰熔化階段用時　6　min；冰熔化時，吸收熱量，溫度　保持不變　；
（3）同一實驗室其他小組的一個同學卻發現，他們所用的溫度計放在冰水混合物中時示數是4℃；放在沸水中，示數是94℃．用此溫度計測得一杯水的溫度為40℃，該示數是否可信？　可信　。（選填“可信”或“不可信”）
【分析】（1）水沸騰的條件：達到沸點，不斷吸熱；
（2）從開始熔化到完全熔化為熔化過程；
晶體熔化的特點：不斷吸熱，溫度保持不變；
（3）在一標準大氣壓下冰水混合物的溫度是0℃，沸水的溫度是100℃．所以這支溫度計上的示數4℃所對應的實際溫度是0℃，示數94℃對應的實際溫度是100℃。
由于4℃到94℃之間有90個格，那么用實際的100℃除以90個格就是這支溫度計一個小格表示的溫度值了，即 ；
那么當示數為40℃時，從4℃到40℃之間有36個格，用36× 算出的就是實際的溫度。
【解答】解：（1）試管內外溫度均為100℃，沒有溫度差，雖然達到了沸點，但不能繼續吸收熱量，不滿足沸騰的條件，故試管里的水不會沸騰。
（2）由圖知，冰從第2min開始熔化，到第8min完全熔化完，熔化過程經歷了6min；
冰是晶體，熔化時，吸收熱量，溫度保持不變；
（3）當溫度為40℃時，實際溫度為t1＝（40﹣4）× ＝40℃，恰好相等。
故答案為：（1）不沸騰；（2）6；保持不變；（3）可信。
【點評】本題考查晶體熔化圖象的分析及溫度的計算，難點是知道冰水混合物的溫度為0℃，一個標準氣壓下沸水溫度是100℃；這是解題的關鍵，本題難度不小。
27．（6分）在探究“凸透鏡成像規律”的實驗中。
（1）如圖甲，平行光正對凸透鏡照射，光屏上出現一個最小最亮的光斑，則凸透鏡的焦距f＝　10.0　cm。

（2）如圖乙，光屏上呈現清晰的像，此像的性質是　倒立、放大　的實像。若保持蠟燭和光屏位置不變，移動透鏡至　40.0cm　刻度線處，光屏上能再次呈現清晰的像。
（3）如圖丙，保持蠟燭位置不變，移動透鏡至16cm刻度線處，則人眼在圖中　B　處能觀察到燭焰的像。
（4）如圖丁，在燭焰和凸透鏡之間放一副眼鏡，發現光屏上的像由清晰變模糊了，將光屏向透鏡移動適當距離后光屏上再次呈現清晰的像。則該眼鏡是　遠視　眼鏡（近視/遠視）。
【分析】（1）圖中測量凸透鏡焦距的方法：平行光聚焦法，亮點為焦點，焦點到光心的距離為就焦距，由此可以確定其焦距是多少；
（2）當2f＞u＞f，成倒立、放大的實像，v＞2f；光的折射中光路是可逆的，據此進行分析；
（3）u＜f時，凸透鏡成正立放大的虛像；
（4）遠視眼成因：眼球晶狀體的曲度過小，遠處物體反射來的光線通過晶狀體折射后形成的物像，就會落在視網膜的后方造成遠視眼。
【解答】解：
（1）由圖甲知，焦點到凸透鏡的距離為20.0cm﹣10.0cm＝10.0cm，所以凸透鏡的焦距為f＝10.0cm；
（2）由圖乙知，當蠟燭在刻度尺的10cm處，u＝15cm，2f＞u＞f，凸透鏡成倒立放大的實像，v＝55cm﹣25cm＝30cm，根據折射中光路可逆可知，保持蠟燭和光屏位置不變，當u＝30cm時，即凸透鏡移動至40cm刻度線處，在屏上能再次呈現清晰的像；
（3）保持蠟燭位置不變，移動透鏡至16cm刻度線處，此時u＝16cm﹣10cm＝6cm，u＜f時，凸透鏡成正立放大的虛像，光屏上接不到，透過凸透鏡觀察蠟燭看到正立放大的虛像；虛像與成像物體同側，所以應從B處觀察；
（4）將一副眼鏡放在蠟燭和凸透鏡之間，結果，光屏上原來清晰的像變模糊了，他只將光屏向靠近凸透鏡的方向移動適當距離時，又在光屏上觀察到蠟燭清晰的像，說明提前成像了，故放置的是使光線會聚的凸透鏡，這種眼鏡是用來矯正遠視眼的。
故答案為：（1）10.0；（2）倒立；放大；40.0cm；（3）B；（4）遠視。
【點評】此題是探究凸透鏡成像的規律，主要考查了實驗的探究過程及成像規律的應用。此題看似復雜，其實只要用心，仔細審題，并不難。
28．用如圖所示的裝置做“探究杠桿的平衡條件”實驗。

（1）實驗開始時，杠桿的位置如圖甲所示，為使杠桿在水平位置平衡，應將杠桿的平衡螺母向　右　移動（選填“左”或“右”）。
（2）如圖乙所示，在刻度線“2”處掛2個鉤碼（每個鉤碼重0.5N），在刻度線“4”處用調好的彈簧測力計豎直向下拉杠桿，杠桿在水平位置平衡時，彈簧測力計的示數為F1＝　0.5　N；若保持鉤碼位置不變，將彈簧力計斜向左拉，杠桿在水平平衡時，其示數F2　＞　F1（選填“＞”、“＝”或“＜”）。
（3）得到實驗結論后，利用圖乙所示的裝置，只借助杠桿上刻度線，右側只使用彈簧測力計，左側只懸掛重物，若彈簧測力計的量程是0﹣5N，當杠桿在水平位置平衡時，通過計算可知，懸掛的重物最重可達　25　N。
【分析】（1）調節杠桿平衡時，需將平衡螺母向上翹的一端移動；
（2）根據杠桿的平衡條件分析即可解答；
（3）設杠桿上的一個刻度為Lcm，重物的重力為G，根據杠桿的平衡條件計算即可。
【解答】解：（1）杠桿不在水平位置，左端向下傾斜，右端上翹，故應向右調節平衡螺母，使杠桿在水平位置平衡，支點到力的作用點的距離就是力臂，便于測量力臂大小；
（2）如圖乙所示，在刻度線“2”處掛兩個鉤碼（每個鉤碼質量為50g）在刻度線“4”處用調好的彈簧測力計豎直向下拉杠桿，杠桿在水平位置時，根據杠桿的平衡條件：F1×L1＝F2×L2，設每個鉤碼為G＝mg＝0.05kg×10N/kg＝0.5N，每小格為L；
則2G×2L＝F1×4L，2×0.5N×2L＝F1×4L，F1＝0.5N；
將彈簧測力計斜向左拉或將彈簧測力計斜向右拉，阻力和阻力臂不變，拉力的力臂變短，根據杠桿平衡條件可知，杠桿在水平位時平衡時，拉力變大，所以，F2大于F1；
（3）設杠桿上的一個刻度為Lcm，重物的重力為G，
根據杠桿的平衡條件可得：G×Lcm＝5N×5Lcm，
解答，G＝25N。
故答案為：（1）右；（2）0.5；＞；（3）25。
【點評】此題為探究杠桿的平衡條件實驗，靈活運用好杠桿平衡條件是解答此題的關鍵。
29．（10分）按如圖1所示的電路圖做“測置小電燈的功率”的實驗，所用器材有：標“3.8V”字樣的待測小電燈、電壓恒為6V的電源、標有“20Ω 1A”的滑動變阻器、電流表（量程為0?0.6A、0?3A）、電壓表（量程為0?3V、0?15V）、開關及導線若干。
（1）某學生在實驗時，把電流表與電壓表的位置交換連接了，閉合開關后會造成　D　（填選項前的字母）
A．電流表燒壞 B、電壓表燒壞 C．小電燈燒壞 D、小電燈不亮
（2）另一學生按圖連接電路后，閉合開關，將滑動變阻器的滑片移到最左端時，燈不亮，電壓表有較大的示數。經檢查，導線連接完好，則電路故障是：　小電燈斷路　，排除該故障換用新元件后，閉合開關時，觀察到燈閃亮一下后立即熄滅，該學生在操作過程中的不當之處是：　閉合開關前滑動變阻器滑片沒有放到最大阻值處　。
（3）小明同學按電路圖正確連接電路后，閉合開關，從大到小調節滑動變阻器的阻值，并將正確操作下的電壓表和電流表的示數填入如表。
電壓表的示數U/V 電流表的示數 I/A 小電燈的功率 P/W
2.0 0.20 　0.4　
2.5 0.22 　0.55　
3.0 0.25 　0.75　
3.8 0.30 　1.14　
4.5 0.32 　1.44　
①通過上表數據，可算得小電燈的額定功率為　1.14　W，還可得出關于燈絲電阻的結論是：　燈絲電阻隨溫度的升高而增大　；
②當小電燈正常工作時，連入電路的滑動變阻器的阻值為　7.3　Ω
③將兩個這樣的相同規格的小電燈串聯后直接接在6V電源的兩端，兩燈消粍的總功率為　1.5　W。
（4）若電壓表的0?15V量程已損壞，只能使用0?3V量程，其它器材不變，如何測出小電燈的額定功率？
①在圖2虛線框中畫出測量電路圖；
②若小電燈兩端最大可加4.5V電壓，為保證實驗時你所設計的測量電路中各元件的安全，參照小明的實驗數據，估算滑動變阻器接入電路的阻值范應為　4.7　Ω～　12　Ω。

【分析】（1）電壓表的電阻很大，故把電流表與電壓表的位置交換連接后，電路中的電流很小；
（2）根據電路圖可知，閉合開關，將滑動變阻器的滑片移到最左端時，電路為燈泡的基本電路，根據燈泡的是否發光和電壓表的示數確定電路故障；
開關閉合后，燈閃亮一下后立即熄滅，說明電路電流太大，電路電阻太小造成的，原因可能是閉合開關前滑動變阻器滑片沒有放到最大阻值處；
（3）①根據P＝UI分別求出燈泡在不同電壓下的功率；
當燈泡兩端電壓為額定電壓時，燈泡的實際功率等于燈泡的額定功率；燈絲的電阻隨溫度的升高而增大；
②燈泡正常發光時，與燈泡串聯的滑動變阻器電壓為6V﹣3.8V＝2.2V，則根據歐姆定律即可求出滑動變阻器連入電路的阻值；
③將兩個這樣的相同規格的小電燈串聯后直接接在6V電源的兩端，則每個燈泡兩端的電壓為3V，由表格數據找出燈泡兩端的電壓為3V時的電流，即可根據P＝UI求出總功率；
（4）①0～15V量程已損壞，而燈泡額定電壓為3.8V，超過電壓表的另一量程0～3V；電源電壓是6V，燈泡正常發光時，與燈泡串聯的滑動變阻器電壓為6V﹣3.8V＝2.2V，小于電壓表量程0～3V，因此可以用電壓表測滑動變阻器電壓，以便間接測量燈泡電壓，據此作出電路圖；
②根據題意確定滑動變阻器兩端的最大電壓與最小電壓值，由串聯電路特點求出相應的燈泡電壓，由表中數據找出電壓所對應的電流，然后由歐姆定律求出滑動變阻器接入電路的最大與最小阻值，然后確定其范圍。
【解答】解：（1）把電流表與電壓表的位置交換連接后，電壓表串聯在電路中，電路中電阻較大，電流較小，故燈泡不亮，選D；
（2）閉合開關，將滑動變阻器的滑片移到最左端時，電路為燈泡的基本電路，燈不亮，電壓表有較大的示數，說明電路故障為斷路，并且電壓表與電源兩極相連，故小電燈斷路；
開關時，觀察到燈閃亮一下后立即熄滅，該學生在操作過程中的不當之處是：閉合開關前滑動變阻器滑片沒有放到最大阻值處；
（3）根據表中數據可知：
P1＝U1I1＝2V×0.2A＝0.4W，
P2＝U2I2＝2.5V×0.22A＝0.55W，
P3＝U3I3＝3V×0.25A＝0.75W，
P4＝U4I4＝3.8V×0.3A＝1.14W，
P5＝U5I5＝4.5V×0.32A＝1.44W；
①當燈泡兩端電壓為3.8V時，燈泡的實際功率等于額定功率，即1.14W；隨電壓增大、電流隨之增大，小電燈的實際功率P＝UI也增大，燈的溫度升高，由此可見：燈絲電阻隨溫度的升高而增大；
②根據表中數據可知，當小電燈正常工作時，電流為I＝0.3A，滑動變阻器兩端電壓為U2＝U﹣U額＝6V﹣3.8V＝2.2V，則根據歐姆定律得連入電路的阻值R2＝ ＝ ≈7.3Ω；
③將兩個這樣的相同規格的小電燈串聯后直接接在6V電源的兩端，則根據串聯電路的電壓特點可知：燈泡兩端的電壓為3V，由表中數據可知，當燈泡兩端的電壓為3V時，電流I′為0.25A，則兩燈消耗的總功率P＝UI′＝6V×0.25A＝1.5W；
（4）①電源、開關、滑動變阻器、燈泡、電流表組成串聯電路，電壓表并聯在滑動變阻器兩端，電路圖如圖所示；

②a、當電壓表示數為最大值3V時，小電燈兩端的電壓為U＝6V﹣3V＝3V，由表中數據知，電流為I＝0.25A，此時滑動變阻器接入電路的阻值R滑1＝ ＝ ＝12Ω；
b、當小電燈電壓為4.5V時，由表中數據知，電路電流為I′＝0.32A，此時滑動變阻器兩端電壓為U′＝6V﹣4.5V＝1.5V，此時滑動變阻器接入電路的阻值R滑2＝ ＝ ≈4.7Ω；
則滑動變阻器接入電路的阻值范圍是4.7Ω～12Ω；
故答案為：（1）D；（2）小電燈斷路；閉合開關前滑動變阻器滑片沒有放到最大阻值處；（3）0.4；0.55；0.75；1.14；1.44；①1.14；燈絲電阻隨溫度的升高而增大；②7.3；③1.5；（4）①電路圖見上圖；②4.7；12。
【點評】本題考查了故障分析、求功率、求電阻阻值、數據處理等問題，關鍵是學生對測量小電燈的功率實驗的理解和掌握。
30．（2分）我國某地區采用風力發電，風力發電機組主要由風機葉片和發電機組成。下表給出了在不同風速下某風機獲得的能量：
對表格進行分析，你發現該風機1s內獲得的能量E與風速v的定量關系式是E＝　80v3　。
如表給出了在不同風速下某風機獲得的能量
平均風速（m/s） 5 10 15 20
1s內獲得的能量（×104J） 1 8 27 64
【分析】由表格數據分析，風能隨風速的增大而增大，并且有定量關系，把定量關系確定下來。
【解答】解：
由表格數據可知，風速增大為原來的2倍，1s內獲得的能量增大為原來的23倍；風速增大為原來的3倍，1s內獲得的能量增大為原來的33倍……，
所以該風機1s內獲得的能量E與風速v的三次方成正比，即E＝kv3（k為常數），
把v＝5m/s、E＝1×104J代入E＝kv3，解得k＝80，
所以該風機1s內獲得的能量E與風速v的定量關系式是E＝80v3。
故答案為：80v3。
【點評】本題考查了學生對數據的分析能力，對物理量定量關系的分析有一定的難度。
31．（6分）建筑工地上，工人用如圖所示的裝置將重為230N的建材從地面勻速送到6m高處，所用拉力為125N，時間為20s。求：
（1）工人做的有用功；
（2）工人做功的功率；
（3）此過程中該裝置的機械效率。

【分析】（1）已知物體重和上升的高度，根據W＝Gh求出工人做的有用功；
（2）由圖可知繩子的有效股數為2，根據s＝nh求出自由端移動的距離，根據W＝Fs求出工人做的總功；利用P＝ 求出工人做功的功率；
（3）利用效率公式η＝ 求機械效率。
【解答】解：（1）工人做的有用功：
W有＝Gh＝230N×6m＝1380J；
（2）由圖知，n＝2，拉力端移動距離：
s＝2h＝2×6m＝12m，
工人做的總功：
W總＝Fs＝125N×12m＝1500J；
工人做功的功率：
P＝ ＝ ＝75W；
（3）此過程中該裝置的機械效率：
η＝ ×100%＝ ×100%＝92%；
答：（1）工人做的有用功為1380J；
（2）工人做功的功率為75W；
（3）此過程中該裝置的機械效率為92%。
【點評】本題考查了功、功率、機械效率的計算，關鍵是公式的靈活運用。
32．（4分）隨著人們生活水平的日益提高，小汽車越來越多地走進了百姓人家。一輛使用汽油為燃料的小汽車，以72km/h的速度在水平路面上勻速行駛時，發動機的實際功率為20kW．若小汽車行駛過程中消耗的汽油為20kg，小汽車發動機的效率為30%，汽油的熱值q＝4.6×107J/kg．求小汽車在這段路程中：
（1）所受的阻力；
（2）行駛的路程。
【分析】（1）知道發動機的實際功率和小汽車的速度，根據P＝ ＝ ＝Fv的變形公式F＝ 求出小汽車受到的牽引力，再根據二力平衡條件求出汽車所受的阻力；
（2）知道汽油的質量和熱值，根據Q放＝mq求出汽油完全燃燒放出的熱量，然后根據η＝ ×100%的變形公式W＝ηQ放求出小汽車發動機牽引力做的功，
最后根據W＝Fs的變形公式s＝ 求出小汽車行駛的路程。
【解答】解：（1）發動機的實際功率P＝20kW＝2×104W，
小汽車的速度v＝72km/h＝20m/s，
由P＝ ＝ ＝Fv得，小汽車受到的牽引力：
F＝ ＝ ＝1000N，
小汽車在水平路面上勻速行駛，
根據二力平衡條件可知，汽車所受的阻力f＝F＝1000N。
（2）汽油完全燃燒放出的熱量：
Q放＝mq＝20kg×4.6×107J/kg＝9.2×108J，
由η＝ ×100%得，小汽車發動機牽引力做的功：
W＝ηQ放＝30%×9.2×108J＝2.76×108J，
由W＝Fs得，小汽車行駛的路程：
s＝ ＝ ＝2.76×105m。
答：（1）所受的阻力為1000N；
（2）行駛的路程為2.76×105m。
【點評】本題主要考查學生對功率計算公式、功的計算公式及燃料完全燃燒放熱公式的掌握和應用，關鍵是公式及其變形的靈活運用，還要注意單位的換算。
33．（1分）張強媽媽買了一個新的電飯煲，張強從說明書中，得知下表中的信息，工作電路圖如圖甲所示，S1為溫控開關，加熱電阻R1和R2的阻值不隨溫度變化。求：
（1）電飯煲在“保溫”狀態下正常工作時，通過電飯煲的電流；
（2）電阻R2的阻值；
（3）某周末的晚飯時，張強想利用自家電能表（如圖乙）測量家庭電路的實際電壓。于是他關閉了家中其它所有用電器，只讓電飯煲在“蒸煮”狀態下工作，觀察到電能表的轉盤在1min內轉了50轉。求家庭電路的實際電壓。
額定電壓 220V
額定蒸煮功率 1210W
額定保溫功率 88W
頻率 50Hz
容積 5L

【分析】（1）由表中數據知保溫功率，由P＝UI計算電飯煲在“保溫”狀態下正常工作時的電流；并計算出電路中總電阻；
（2）當兩開關都閉合時為蒸煮狀態，由P＝ 計算R1的電阻，從而計算出電阻R2的阻值；
（3）先計算電飯煲在“蒸煮”狀態下工作1min消耗的電能；利用P＝ 求出它