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蘇州市吳江區實驗初中2019年中考物理模擬試卷
一、選擇題
1．如圖所示的四種現象，由于光的反射形成的是（　　）
A． 放大的“金魚” B． 墻上的手影
C． 斑馬在水中的倒影 D． 雨后的彩虹
2．“一切物體在沒有受到力的作用時，總保持靜止狀態或勻速直線運動狀態。”總結概括出這重要規律的科學家是（　　）
A．亞里士多德 B．伽利略 C．牛頓 D．托里拆利
3．關于聲現象，下列說法正確的是（　　）
A．常溫（15℃）下，空氣中的聲速大于水中的聲速
B．“蒙面歌王”節目中觀眾是通過音調猜出歌手的
C．聲吶利用次聲波可以確定魚群位置和海水深度
D．汽車排氣管上安裝消聲器是在聲源處減弱噪聲
4．下列說法中，正確的是（　　）
A．汽油機在做功沖程中是將機械能轉換成內能
B．物體的溫度降低時內能減少，所以0℃冰塊的水分子不做熱運動
C．沿海地區晝夜溫差較小，主要原因是水的比熱容較大
D．溫度從熱量高的物體傳遞給熱量低的物體
5．我們知道，一對作用力與反作用力總是大小相等，方向相反。如圖所示，重25N的長方體物塊甲放在水平桌面上，另一重10N的長方體物塊乙放在物塊甲上。則下列說法正確的是（　　）

A．物塊乙所受的合力為10N
B．物塊乙對物塊甲的壓力為15N
C．桌面受到物塊甲的壓力為15N
D．桌面對物塊甲的支持力為35N
6．2018年6月2日，我國制造的高分辨率衛星“高分六號”成功發射升空，在其發射及完全進入太空過程中，下列說法中正確的是（　　）

A．在上升過程中火箭受到的大氣壓強越來越大
B．火箭使用的助推燃料，其熱值越低越好
C．進入太空后，衛星“高分六號”的質量變為零
D．豎直向上加速過程中，衛星“高分六號”受到的支持力大于其自身的重力
7．在探究蹄形磁體周圍磁場的實驗中，老師將玻璃板平放在磁體上，并均勻地撒上一層鐵屑，輕敲玻璃板，鐵屑就會有序地排列起來，如圖。對實驗中有關現象的分析不正確的是（　　）

A．撒鐵屑的目的是將原來不存在的磁場顯示出來
B．鐵屑在磁場中被磁化成一個個小磁體
C．輕敲玻璃板，鐵屑由于具有慣性會與玻璃板分離
D．輕敲玻璃板，鐵屑與玻璃板分離后，不受摩擦力，鐵屑在磁力作用下排列有序
8．如圖所示，當帶電體接觸驗電器的金屬球時，下列說法正確的是（　　）

A．若帶電體帶正電荷，則這些正電荷就通過金屬桿全部轉移到金屬箔上
B．若帶電體帶負電荷，則這些負電荷就通過金屬桿全部轉移到金屬箔上
C．若帶電體帶正電荷，則驗電器就有一部分電子轉移到帶電體上
D．若帶電體帶負電荷，則驗電器就有一部分正電荷轉移到帶電體上
9．關于家庭用電及安全常識。下列說法正確的是（　　）
A．低于220V的電壓對人體是安全的
B．家庭電路中，各用電器都是串聯在電路中的
C．控制用電器的開關應該接在該用電器和零線之間
D．外殼為金屬的用電器，用三線插頭是防止漏電而采取的安全措施
10．圖甲中用力F1水平拉著重為G的物體在水平路面上勻速移動s的距離。圖乙中用動滑輪拉著它也在同一路面上勻速移動s的距離，水平拉力為F2．使用動滑輪的過程中（　　）

A．總功為W總＝F2s B．有用功為W有＝Gs
C．機械效率為η＝ D．額外功為W額＝2F2s﹣F1S
11．如圖，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器，電源電壓保持不變閉合S，當R2的滑片P向右滑動的過程中，下列說法正確的是（　　）

A．電壓表V的示數變大
B．電流表A2的示數變小
C．電壓表V的示數與電流表A1的示數的乘積變大
D．電壓表V的示數與電流表A1的示數的比值變大
12．如圖所示電路，電源電壓不變，小燈泡標有“6V 3W“字樣，閉合開關后，當滑片P移至某一位置時，小燈泡恰好正常發光，此時滑動變阻器消耗的功率為P1；當滑片P移至某一端點時，電流表示數為0.3A，電壓表示數變化了3V，此時滑動變阻器消耗的功率為P2，且P1：P2＝5：6．下列判斷正確的是（　　）

A．滑動變阻器的最大阻值為10Ω
B．電路允許消耗的最大功率為4.5W
C．小燈泡正常發光時，滑片P位于滑動變阻器中點位置
D．滑動變阻器消耗的功率由P1變為P2的過程中，小燈泡消耗的功率變化了0.6W
二、填空題
13．如圖所示，用刻度尺測量物體A的長度是　 　cm。

14．小付買了一盒“雪月餅”，為了保持低溫，工作人員在月餅包裝盒內裝入了一定量的“干冰”。回到家中，打開包裝盒，發現周圍空氣出現了“白霧”，這是因為“干冰”在　 　過程中吸收熱量，使空氣中的水蒸氣　 　成了小雨滴。（兩空均填物態變化名稱）
15．一輛轎車以72km/h的速度在水平路面上沿直線勻速行駛10分鐘，轎車的質量為1500kg，行駛時所受阻力為車重的0.2倍（g取10N/kg），則牽引力為　 　N．此時汽車的功率為　 　kW。
16．如圖所示是蹦床運動，當運動員從高處下落過程中　 　能轉化為動能，運動員與蹦床面接觸的瞬時　 　能最大；與蹦床接觸后，床面發生彈性形變，運動員的動能轉化為蹦床的　 　勢能。

17．拉弓射箭的過程中，弓被拉彎，說明力可以改變物體的　 　；松手后箭飛出，說明力可以改變物體的　 　。
18．2018年2月12日，我國用長征三號乙運載火箭發射了北斗全球衛星導航系統的第28、29顆衛星，到2020年，該系統將擁有5顆靜止軌道衛星和30顆非靜止軌道衛星，可在全球范圍內為各類用戶提供高精度的定位、導航、授時服務，并具有短報文通信能力。
（1）火箭加速上升的過程中，搭載的衛星的機械能　 　（選填“增大”、“減小”或“不變”）。
（2）衛星工作所需的能量，主要由太陽帆板提供，太陽帆板將　 　轉化為電能。
（3）靜止軌道衛星離地面的高度約為3.6×104km，地面控制中心通過　 　向該衛星發送指令，指令從地面傳到衛星所用的時間約為　 　s。
19．如圖所示，水平桌面上兩個相同的玻璃缸裝滿了水，水中分別漂浮著大、小兩只玩具鴨。甲、乙兩圖中水對缸底的壓強分別為p1和p2，缸對桌面的壓強分別為p1′和p2′．兩只玩具鴨受到的浮力分別為F1和F2，則它們的大小關系為：p1 　 　p2，p1′　 　p2′，F1　 　F2，若乙圖中小玩具鴨的質量為15g，它排開水的體積是　 　cm3。

20．小明在家中用煤氣灶將初溫為20℃，質量為2kg的一壺水加熱到80℃，這是通過　 　的方式使水的內能　 　。如果煤氣完全燃燒放出的熱量只有60%被水吸收，則至少需要燃燒　 　kg的煤氣[水的比熱容為4.2×103J/（kg?℃），煤氣的熱值為4.2×107J/kg]。
21．電阻R1＝12Ω，R2＝4Ω并聯在同一電路中，則它們兩端的電壓之比為U1：U2＝　 　，電流之比Il：I2＝　 　，功率之比P1：P2＝　 　。
22．閱讀短文，回答文后的問題。
浮子流量計
氣體的流量一般指單位時間內流過通氣管道的氣體體積，流量等于氣體的流速和通道橫截面積的乘積。生活生產中經常要對氣體的流量進行控制，例如醫院給病人輸氧時，用閥門控制氧氣瓶輸出氧氣的流量，在管道中接入流量計，可以反映流量的大小。
浮子流量計是一種常用的流量計。其結構如圖所示，一個上粗下細的錐形管，管內倒放著一個鋁制的圓錐體浮子。工作時，氣體從錐形管下端流入，向上沖擊浮子，然后流過圓錐體浮子底面與錐形管之間的環形空隙，從上端流出。如果浮子受到氣流的沖力大，就會向上移動，環形空隙加大，氣體流速變小，對浮子的沖力就會變小，這樣浮子最終穩定在某一位置，這個位置的高低就反映了氣體流量的大小。
（1）浮子流量計使用時，錐形管應處于　 　；
A．水平方向 B．豎直方向 C．斜向上 D．斜向下
（2）浮子所受氣體浮力很小，可以忽略。當浮子穩定在某一位置時，氣流對浮子的沖力和浮子重力的關系是　 　。
（3）對于某個制成的浮子流量計，浮子和錐形管之間的環形空隙的面積和浮子高度成正比，比例系數為k1；氣流對浮子的沖力和流速成正比，比例系數為k2；浮子的質量為m。當浮子穩定在高度h時，氣體流量Q的表達式為Q＝　 　。
（4）浮子流量計能反映的最大流量是有限的，如果要讓這個浮子流量計能反映更大的流量，請你提出一條可行的改進措施：　 　。

三、解答題
23．如圖所示，在圖中根據平面鏡成像的特點作出三角形ABC在平面鏡中的像。

24．作圖題：在圖中括號內標出通電螺線管的N、S極和小磁針的N、S極。

25．如圖所示，請畫出熱氣球在豎直方向加速上升時的受力示意圖（忽略空氣阻力）。

26．小明家里的電熱水器里裝有50kg、20℃的水，通電后將水加熱到70℃，已知ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg?℃）。
求：（1）電熱水器里水的體積
（2）水吸收的熱量。
27．如圖所示，用甲、乙兩種滑輪組，分別勻速豎直向上提升同一重物，從相同位置開始提升至同一高度處，求：
（1）若不計繩重，滑輪重及摩擦，兩次拉力F1和F2之比；
（2）若不計繩重及摩擦，重物質量為400g，動滑輪質量為100g，勻速拉動過程中甲、乙兩裝置的機械效率。

28．如圖所示電路中，燈泡L標有“6V 3W“字樣（不計溫度對燈絲電阻的影響），當開關S1閉合，滑動變阻器的滑片P在最左端時，燈泡L正常發光；當開關S1閉合，S2斷開，滑動變阻器的滑片P在中點時，電流表的示數是0.2A．求：
（1）電源電壓
（2）滑動變阻器R的最大阻值；
（3）電路的最小功率和最大功率。

29．小明在做“觀察水的沸騰”實驗時，用到的器材如下：鐵架臺、燒杯、溫度計、秒表、硬紙板、石棉網等。

（1）組裝器材時如何確定鐵圈（石棉網）的高度？　 　。
（2）實驗時用溫度計測出不同時刻水的溫度，并記錄在如表中，其中第3min時溫度計的示數如圖甲所示，示數為　 　℃
時間/min 0 1 2 3 4 5 6 7
溫度/℃ 80 84 88 96 98 98 98
（3）某時刻觀察到燒杯中出現圖乙所示的現象，表明水　 　沸騰。
（4）請在圖丙方格紙上畫出水的溫度隨時間變化的圖象。
（5）小明回家后發現媽媽正在燉湯，湯沸騰后媽媽將火調小，湯仍在沸騰。小明又把火調得更小，這時雖還在加熱，湯卻不沸騰了你覺得不沸騰的原因是　 　。
30．探究浮力的大小
數據
結論 如圖，甲、乙、丙、丁是用同一金屬塊探究浮力大小跟哪些因素有關的實驗。
①圖丙中金屬塊受到的浮力比圖乙中金屬塊受到的浮力　 　（填“大”或“小”），說明浮力的大小與　 　有關
②圖丁中金屬塊受到的浮力大小等于　 　N
③比較圖　 　可知，浮力的大小與液體的密度有關。


數據
結論 如圖，用木塊、彈簧測力計、溢水杯和小桶進行實驗：
④木塊受到的浮力F浮＝　 　N。
⑤木塊排開的水所受的重力G排水＝　 　N。
⑥比較數據可知：浮在水上的木塊受到的浮力大小　 　（填“大于”、“等于”或“小于”）它排開的水所受的重力。


31．如圖所示，在“探究凸透鏡成像的規律”實驗中。
（1）組裝調整實驗器材時，要使燭焰和　 　的中心位于凸透鏡的主光軸上。
（2）實驗所用凸透鏡的焦距為20cm，若燭焰在凸透鏡前30cm處，則可在凸透鏡的另一側得到一個　 　。
A．倒立、放大的實像 B．倒立、縮小的實像
C．正立、放大的虛像 D．正立、縮小的虛像
（3）接下來，保持燭焰和凸透鏡的位置不變，換一個焦距小一些的凸透鏡，則所成像的大小比剛才的像　 　。
（4）如果要估測題（3）中凸透鏡的焦距，可以讓燭焰距離凸透鏡　 　，此時像距就近似等于焦距。
32．小明同學利用電流表和電阻箱測量小燈泡的功率，設計并接了如圖甲所示的實物電路。

（1）為了保護電路，閉合開關S1前，應將滑片P移到動變阻器的　 　（“A”或“B”）端。
（2）閉合開關S1，將單刀雙擲開關S2扳向“1”，調節滑動變阻器調節電阻箱的阻值使電流表的示數為I1，如圖乙所示，I1＝　 　A；
（3）將開關S2扳向“2”，保待滑動變阻器的阻值不變，調節滑動變阻箱的阻值R，使電流表的示數仍為I1，此時R＝5Ω；則步驟（2）中小燈泡的電阻R1＝　 　Ω，測量小燈泡電阻的方法是　 　（選填“控制變量法”或“等效替代法”）；
（4）步驟（2）小燈泡的實際功率P1＝　 　W；
（5）若小燈泡的額定電流為I0＝2I1，以下關于燈泡額定功率P0與實際功率P1的數值關系，你認為最有可能的是　 　。
A．P0＝2P1B．P0＝3P1 C．P0＝4P1D．P0＝5P1

參考答案與試題解析
一、選擇題
1．如圖所示的四種現象，由于光的反射形成的是（　　）
A． 放大的“金魚” B． 墻上的手影
C． 斑馬在水中的倒影 D． 雨后的彩虹
【分析】（1）光在同種、均勻、透明介質中沿直線傳播，產生的現象有小孔成像、激光準直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光線傳播到兩種介質的表面上時會發生光的反射現象，例如水面上出現岸上物體的倒影、平面鏡成像、玻璃等光滑物體反光都是光的反射形成的；
（3）光線在同種不均勻介質中傳播或者從一種介質進入另一種介質時，就會出現光的折射現象，例如水池底變淺、水中筷子變彎、海市蜃樓等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、魚缸相當于凸透鏡，成正立、放大的虛像，是由光的折射形成的，故A錯誤；
B、手影是由于光沿直線傳播形成的，故B錯誤；
C、水中倒影屬于平面鏡成像，是光的反射形成，故C正確；
D、彩虹是光的色散現象，屬于光的折射現象，故D錯誤。
故選：C。
【點評】解決此類題目要結合光的直線傳播與光的反射、光的折射區別進行分析解答。
2．“一切物體在沒有受到力的作用時，總保持靜止狀態或勻速直線運動狀態。”總結概括出這重要規律的科學家是（　　）
A．亞里士多德 B．伽利略 C．牛頓 D．托里拆利
【分析】牛頓第一定律的內容：一切物體在沒有受到力的作用時，總保持勻速直線運動狀態或靜止狀態。
【解答】解：牛頓在伽利略、笛卡爾的基礎上得到牛頓第一定律：“一切物體在沒有受到力的作用時，總保持靜止狀態或勻速直線運動狀態”。所以此科學規律是牛頓得到的。
故選：C。
【點評】掌握科學家在物理上的貢獻，并且識記這些科學家的名字被命名成什么物理量的單位。
3．關于聲現象，下列說法正確的是（　　）
A．常溫（15℃）下，空氣中的聲速大于水中的聲速
B．“蒙面歌王”節目中觀眾是通過音調猜出歌手的
C．聲吶利用次聲波可以確定魚群位置和海水深度
D．汽車排氣管上安裝消聲器是在聲源處減弱噪聲
【分析】（1）聲音是物體的振動產生的，聲音的傳播需要介質，它可以在氣體、固體、液體中傳播，且聲音在固體中的傳播速度最快，液體中次之，在氣體中的傳播速度最慢，聲音不能在真空中傳播；
（2）聲音的三個特征分別是：音調、響度、音色，是從不同角度描述聲音的，音調指聲音的高低，由振動頻率決定；響度指聲音的強弱或大小，與振幅和距離有關；音色是由發聲體本身決定的一個特性；
（3）人的聽覺頻率范圍是20Hz～20000Hz，高于20000Hz的是超聲波，低于20Hz的是次聲波；
減弱噪聲的途徑：在聲源處、在傳播過程中、在人耳處。
【解答】解：A、聲音在固體中的傳播速度最快，液體中次之，在氣體中的傳播速度最慢，故常溫（15℃）下，空氣中的聲速小于水中的聲速；故A錯誤；
B、音色是由發聲體本身決定的，不同的發聲體，其音調和響度可能相同，但音色一般不同；觀眾能很快分辨出是哪位歌手的聲音，主要是依據聲音的音色不同，故B錯誤；
C、超聲波具有較強的穿透性，并且能夠傳遞信息，所以人們利用超聲波可以確定魚群位置和海水深度，故C錯誤；
D、在汽車排氣管上安裝消聲器，是在聲源處減弱噪聲，故D正確。
故選：D。
【點評】本題考查聲速，對音色的理解，超聲波的應用，以及減弱噪聲的途徑是基礎題。
4．下列說法中，正確的是（　　）
A．汽油機在做功沖程中是將機械能轉換成內能
B．物體的溫度降低時內能減少，所以0℃冰塊的水分子不做熱運動
C．沿海地區晝夜溫差較小，主要原因是水的比熱容較大
D．溫度從熱量高的物體傳遞給熱量低的物體
【分析】（1）在汽油機的四個沖程中，吸氣和排氣沖程不發生能量轉化，壓縮沖程將機械能轉化為內能；做功沖程將內能轉化為機械能；
（2）一切物質的分子都在永不停息的做無規則運動；
（3）根據Q＝cm△t可知，質量相同的不同物質，吸收相同的熱量，比熱容大的溫度改變的少；
（4）熱傳遞的條件是有溫度差；熱傳遞傳遞的是熱量，不是溫度。
【解答】解：
A、壓縮沖程將汽油和空氣的混合物壓縮，將機械能轉化內能，做功沖程將內能轉化為機械能，故A錯誤；
B、一切物質的分子都在永不停息的做無規則運動，所以物體的溫度降低時內能減少，0℃冰塊的水分子仍然在做熱運動，故B錯誤；
C、沿海地區水多，內陸地區水少、沙石多，因為水的比熱容較大，白天，相同質量的水和沙石比較，吸收相同的熱量，水的溫度升高的少；夜晚，放出相同的熱量，水的溫度降低的少，使得沿海地區晝夜的溫差小，故C正確；
D、熱傳遞的條件是有溫度差，即熱量總是從溫度高的物體傳遞給溫度低的物體，故D錯誤。
故選：C。
【點評】本題考查了汽油機各沖程能量的轉化、分子運動、比熱容的應用以及熱傳遞的條件，屬于綜合性題目。
5．我們知道，一對作用力與反作用力總是大小相等，方向相反。如圖所示，重25N的長方體物塊甲放在水平桌面上，另一重10N的長方體物塊乙放在物塊甲上。則下列說法正確的是（　　）

A．物塊乙所受的合力為10N
B．物塊乙對物塊甲的壓力為15N
C．桌面受到物塊甲的壓力為15N
D．桌面對物塊甲的支持力為35N
【分析】（1）處于平衡狀態的物體受到平衡力的作用，合力為零；
（2）物塊乙對物塊甲的壓力等于物塊乙的重力；
（3）桌面受到物塊甲的壓力等于物塊甲乙的重力之和；
（4）根據力的作用的相互性得出桌面對物塊甲的支持力大小。
【解答】解：A、物塊乙靜止，處于平衡狀態，受到平衡力的作用，故所受的合力為0N．故A錯誤；
B、物塊乙對物塊甲的壓力等于物塊乙的重力，為10N．故B錯誤；
C、桌面受到物塊甲的壓力等于物塊甲乙的重力之和，即25N+10N＝35N．故C錯誤；
D、由C知，桌面受到物塊甲的壓力為35N，而桌面對物塊甲的支持力與桌面受到物塊甲的壓力是一對相互作用力，故大小為35N，故D正確。
故選：D。
【點評】此題考查壓力及重力與壓力的區別、力的作用的相互性，難度不大，屬于基礎題目。
6．2018年6月2日，我國制造的高分辨率衛星“高分六號”成功發射升空，在其發射及完全進入太空過程中，下列說法中正確的是（　　）

A．在上升過程中火箭受到的大氣壓強越來越大
B．火箭使用的助推燃料，其熱值越低越好
C．進入太空后，衛星“高分六號”的質量變為零
D．豎直向上加速過程中，衛星“高分六號”受到的支持力大于其自身的重力
【分析】（1）大氣壓隨高度的增加而減小；
（2）熱值越大的燃料在完全燃燒相同質量的燃料時，釋放出的熱量越多，所以在選擇火箭燃料時首先應該考慮燃料熱值的大小；
（3）質量是物體的屬性，只與所含物質的多少有關，與物體的位置、狀態、形狀、溫度無關；
（4）物體加速運動，合力方向與運動方向相同。
【解答】解：
A、大氣壓隨高度的增加而減小，所以在上升過程中火箭受到的大氣壓強越來越小，故A錯誤；
B、完全燃燒相同質量的燃料時，熱值高的燃料可以釋放出更多的熱量，所以火箭使用的助推燃料，其熱值越高越好，故B錯誤；
C、衛星“高分六號”進入太空后，位置改變了，但質量不變，故C錯誤；
D、衛星“高分六號”在加速上升時，合力方向向上，則受到的支持力大于重力，故D正確。
故選：D。
【點評】本題考查了影響大氣壓的因素、熱值、質量的特性以及力大小的比較，屬于綜合性題目。
7．在探究蹄形磁體周圍磁場的實驗中，老師將玻璃板平放在磁體上，并均勻地撒上一層鐵屑，輕敲玻璃板，鐵屑就會有序地排列起來，如圖。對實驗中有關現象的分析不正確的是（　　）

A．撒鐵屑的目的是將原來不存在的磁場顯示出來
B．鐵屑在磁場中被磁化成一個個小磁體
C．輕敲玻璃板，鐵屑由于具有慣性會與玻璃板分離
D．輕敲玻璃板，鐵屑與玻璃板分離后，不受摩擦力，鐵屑在磁力作用下排列有序
【分析】①在磁體周圍空間存在一種特殊的物質，這種物質能對放入其中的磁體產生力的作用，這就是磁場；
②在磁體或電流的作用下，使原來沒有磁性的物體獲得磁性的過程叫磁化；
③一切物體都具有保持原來運動狀態不變的性質，叫慣性。慣性與質量有關，質量越小，慣性越小，運動狀態越容易改變。
【解答】解：A、磁體周圍始終存在磁場，借助細鐵屑可以顯示磁體周圍的磁場分布特點，但不是將原來不存在的磁場顯示出來。故A錯誤；
B、鐵屑原來沒有磁性，但在磁場的作用下能夠獲得磁性，說明被磁化了。故B正確；
C、鐵屑質量較小，慣性小，運動狀態容易改變。所以輕敲玻璃板，鐵屑由于具有慣性會與玻璃板分離。故C正確；
D、鐵屑受到磁場的作用，輕敲玻璃板，鐵屑與玻璃板分離后，不受摩擦力，鐵屑逐漸有序排列。故D正確。
故選：A。
【點評】此題考查了磁場的存在、性質、磁化、慣性現象等知識點，是一道綜合題。需要清楚的是，磁場客觀存在，利用細鐵屑顯示磁場分布，體現的是轉換思想。
8．如圖所示，當帶電體接觸驗電器的金屬球時，下列說法正確的是（　　）

A．若帶電體帶正電荷，則這些正電荷就通過金屬桿全部轉移到金屬箔上
B．若帶電體帶負電荷，則這些負電荷就通過金屬桿全部轉移到金屬箔上
C．若帶電體帶正電荷，則驗電器就有一部分電子轉移到帶電體上
D．若帶電體帶負電荷，則驗電器就有一部分正電荷轉移到帶電體上
【分析】（1）驗電器是根據同種電荷相互排斥的原理制作的，金屬箔片所帶的電荷量越多，其張角越大。
（2）金屬中的自由電荷是自由電子；質子不可移動。據此分析判斷。
【解答】解：AC、若帶電體帶正電荷，帶電體缺少電子，所以不可能有電子從金屬桿流向金屬箔，而只能是有一部分電子從金屬箔轉移到金屬桿上，故A錯誤，C正確；
B、若帶電體帶負電荷，負電荷將部分轉移到金屬箔上，從而金屬箔帶負電，而帶電體仍帶負電，故B錯誤；
D、若帶電體帶負電荷，是由于有多余的電子，則帶電體就有一部分電子轉移到驗電器上，故D錯誤；
故選：C。
【點評】自由電荷不一定是負電荷，但是一定不是質子。
9．關于家庭用電及安全常識。下列說法正確的是（　　）
A．低于220V的電壓對人體是安全的
B．家庭電路中，各用電器都是串聯在電路中的
C．控制用電器的開關應該接在該用電器和零線之間
D．外殼為金屬的用電器，用三線插頭是防止漏電而采取的安全措施
【分析】（1）不高于36V的電壓對人體才是安全的；
（2）串聯的各用電器相互影響，不能獨立工作，并聯的各用電器互不影響，能獨立工作；
（3）開關應接在用電器和火線之間；
（4）三孔插座的第三個孔接地線，三腳插頭的第三個腳接用電器金屬外殼。
【解答】解：
A、經驗證明，只有不高于36V的電壓對人體才是安全的，故A錯誤；
B、在家庭電路中各用電器都互不影響，能獨立工作，它們是并聯的，故B錯誤；
C、開關應接在用電器和火線之間，這樣在斷開開關時，用電器才不會帶電，故C錯誤；
D、外殼為金屬的用電器使用三線插頭都是為了防止漏電而采取的安全措施，故D正確。
故選：D。
【點評】本題考查的是日常生活中的一些安全用電常識，同學們要牢記安全用電常識，并正確規范操作，避免危險發生。
10．圖甲中用力F1水平拉著重為G的物體在水平路面上勻速移動s的距離。圖乙中用動滑輪拉著它也在同一路面上勻速移動s的距離，水平拉力為F2．使用動滑輪的過程中（　　）

A．總功為W總＝F2s B．有用功為W有＝Gs
C．機械效率為η＝ D．額外功為W額＝2F2s﹣F1S
【分析】（1）使用動滑輪拉力端移動距離等于物體移動距離的2倍，利用W＝Fs求拉力做的總功；
（2）使用動滑輪做的有用功，等于直接拉物體做的功；
（3）機械效率等于有用功與總功之比；
（4）額外功等于總功減去有用功。
【解答】解：
A、使用動滑輪拉力端移動距離s′＝2s，拉力做的總功W總＝F2s′＝F2×2s＝2F2s，故A錯；
B、使用動滑輪做的有用功，等于直接拉物體做的功，即W有＝F1s，故B錯；
C、機械效率η＝ ＝ ，故C錯；
D、額外功W額＝W總﹣W有＝2F2s﹣F1s，故D正確。
故選：D。
【點評】本題考查了使用動滑輪時有用功、額外功、總功、機械效率的計算，明確水平使用動滑輪時有用功、額外功的含義是關鍵。
11．如圖，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器，電源電壓保持不變閉合S，當R2的滑片P向右滑動的過程中，下列說法正確的是（　　）

A．電壓表V的示數變大
B．電流表A2的示數變小
C．電壓表V的示數與電流表A1的示數的乘積變大
D．電壓表V的示數與電流表A1的示數的比值變大
【分析】A、電路中，兩電阻并聯，電流表A2測通過R1的電流，電流表A1測并聯電路的總電流，電壓表測電源電壓，
分析電壓表示數變化；
B、根據并聯電路各支路互不影響，分析通過R1的電流大小不變；
CD、當R2的滑片P向右滑動的過程中判斷變阻器連入電路中的電阻變化，由歐姆定律確定通過變阻器的電流變化，根據并聯電路電流的規律確定A1示數變化，可得出電壓表V的示數與電流表A1的示數的乘積變化；
根據A1示數變化，確定電壓表V的示數與電流表A1的示數的比值變化。
【解答】解：A、電路中，兩電阻并聯，電流表A2測通過R1的電流，電流表A1測并聯電路的總電流，電壓表測電源電壓，
故電壓表示數保持不變，A錯誤；
B、根據并聯電路各支路互不影響，故通過R1的電流大小不變，即電流表A2的示數不變，B錯誤；
CD、當R2的滑片P向右滑動的過程中，變阻器連入電路中的電阻變大，由歐姆定律，通過變阻器的電流變小，
根據并聯電路電流的規律，A1示數變小，電壓表V的示數與電流表A1的示數的乘積變小，C錯誤；
因A1示數變小，而電壓表示數不變，故電壓表V的示數與電流表A1的示數的比值變大，D正確。
故選：D。
【點評】本題考查并聯電路的規律及歐姆定律的運用，關鍵是電路的識別。
12．如圖所示電路，電源電壓不變，小燈泡標有“6V 3W“字樣，閉合開關后，當滑片P移至某一位置時，小燈泡恰好正常發光，此時滑動變阻器消耗的功率為P1；當滑片P移至某一端點時，電流表示數為0.3A，電壓表示數變化了3V，此時滑動變阻器消耗的功率為P2，且P1：P2＝5：6．下列判斷正確的是（　　）

A．滑動變阻器的最大阻值為10Ω
B．電路允許消耗的最大功率為4.5W
C．小燈泡正常發光時，滑片P位于滑動變阻器中點位置
D．滑動變阻器消耗的功率由P1變為P2的過程中，小燈泡消耗的功率變化了0.6W
【分析】（1）由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器串聯，電壓表測滑動變阻器兩端的電壓，電流表測電路中的電流。
根據滑片在某一位置和在一端時滑動變阻器消耗的功率之比，算出電源電壓；
當滑片P移至某一端點時，電流表示數為0.3A，電流表示數減小，電阻變大，說明滑片在最大阻值處，算出滑動變阻器的最大阻值；
（2）根據P＝UI和燈泡的額定電流算出電路允許消耗的最大功率；
（3）根據歐姆定律和小燈泡正常發光時，算出滑動變阻器的電阻從而確定滑片P的位置；
（4）根據P＝UI算出小燈泡消耗的功率值以及變化值。
【解答】解：
由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器串聯，電壓表測滑動變阻器兩端的電壓，電流表測電路中的電流。
（1）設電源電壓為U，
當滑片P移至某位置時，小燈泡恰好正常發光，且串聯電路中電流處處相等，
由P＝UI可得，此時電路中的電流為：I＝IL＝ ＝ ＝0.5A，
滑動變阻器消耗的功率為：P1＝（U﹣UL）I＝（U﹣6V）×0.5A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
當滑片P移至某一端點時，電流表示數為0.3A，電流表示數減小，說明變阻器接入的電阻變大，此時滑片在最大阻值處；
變阻器接入的電阻變大，由串聯分壓規律可知，變阻器分得的電壓變大，所以，電壓表示數變化了3V即增大了3V，此時滑動變阻器兩端的電壓為：U滑＝U﹣6V+3V＝U﹣3V，
此時滑動變阻器消耗的功率為：P2＝U滑I′＝（U﹣3V）×0.3A﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
已知P1：P2＝5：6﹣﹣﹣﹣③
聯立①②③解得，電源電壓U＝9V；
則滑動變阻器的最大阻值為：R滑大＝ ＝ ＝ ＝20Ω，故A錯誤；
（2）燈泡的額定電流為0.5A，則電路中的最大電流為0.5A，
電路允許消耗的最大功率：P大＝UI大＝9V×0.5A＝4.5W，故B正確；
（3）小燈泡正常發光時，滑動變阻器的電壓為：U滑′＝U﹣6V＝9V﹣6V＝3V，
此時滑動變阻器的電阻為：R滑′＝ ＝ ＝6Ω，
因為滑動變阻器的最大阻值為20Ω，所以此時滑片P不在中點位置，故C錯誤；
（4）由題意可知，小燈泡恰好正常發光，此時滑動變阻器消耗的功率為P1，則此時燈泡消耗的功率PL＝P額＝
3W，
滑動變阻器消耗的功率由P1變為P2的過程中，電壓表示數變化了3V即增大了3V，由串聯電路的電壓規律可得，燈泡兩端的電壓減小了3V，則此時燈泡兩端的電壓UL′＝6V﹣3V＝3V，
此時燈泡消耗的電功率：PL′＝UL′I′＝3V×0.3A＝0.9W，
則燈泡消耗的功率變化了：△P＝PL﹣PL′＝3W﹣0.9W＝2.1W，故D錯誤。
故選：B。
【點評】本題考查了串聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，要注意本題中燈泡的電阻是變化的。
二、填空題
13．如圖所示，用刻度尺測量物體A的長度是　3.20　cm。

【分析】（1）刻度尺的最小刻度值為相鄰的刻度線表示的長度；
（2）起始端沒從0開始，把3.00cm處當作“0”刻度，讀出末端刻度值，減去3.00cm即為物體長度，注意刻度尺要估讀到分度值的下一位。
【解答】解：
圖示刻度尺1cm又分為5個小刻度，故最小刻度值為2mm；
物體A起始端對應的刻度值為3.00cm，物體A末端對應的刻度值為6.20cm，所以物體A長度為6.20cm﹣3.00cm＝3.20cm。
故答案為：3.20。
【點評】刻度尺是初中物理中基本的測量工具，使用前要觀察它的量程和分度值，使用時刻度要緊貼被測物體，讀數時視線與刻度垂直，估讀到分度值的下一位。
14．小付買了一盒“雪月餅”，為了保持低溫，工作人員在月餅包裝盒內裝入了一定量的“干冰”。回到家中，打開包裝盒，發現周圍空氣出現了“白霧”，這是因為“干冰”在　升華　過程中吸收熱量，使空氣中的水蒸氣　液化　成了小雨滴。（兩空均填物態變化名稱）
【分析】物質由氣態直接變為固態叫凝華，物質由固態直接變為氣態叫升華；由氣態變為液態叫液化，由液態變為氣態叫汽化；由固態變為液態叫熔化，由液態變為固態叫凝固。
【解答】解：打開包裝盒，發現周圍空氣出現了“白霧”，這是因為盒內的干冰發生升華現象，此過程中吸熱，使溫度降低，空氣中的水蒸氣遇冷液化為小水滴即“白霧”。
故答案為：升華；液化。
【點評】分析生活中的熱現象屬于哪種物態變化，關鍵要看清物態變化前后，物質各處于什么狀態；另外對六種物態變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認識。
15．一輛轎車以72km/h的速度在水平路面上沿直線勻速行駛10分鐘，轎車的質量為1500kg，行駛時所受阻力為車重的0.2倍（g取10N/kg），則牽引力為　3×103　N．此時汽車的功率為　60　kW。
【分析】（1）汽車在水平路面上勻速行駛時處于平衡狀態，受到的牽引力和阻力是一對平衡力，根據f＝0.2G＝0.2mg求出阻力，利用二力平衡條件求出牽引力的大小；
（2）根據P＝ ＝ ＝Fv求出汽車的功率。
【解答】解：
（1）汽車做勻速運動，處于平衡狀態，由二力平衡條件得牽引力：
F＝f＝0.2G＝0.2mg＝0.2×1500kg×10N/kg＝3×103N；
（2）汽車的速度：v＝72km/h＝20m/s；
汽車的功率：P＝ ＝ ＝Fv＝3×103N×20m/s＝6×104W＝60kW；
故答案為：3×103；60。
【點評】本題考查重力、牽引力、做功和功率的計算，關鍵是公式及其變形的靈活應用，要知道物體做勻速運動時，牽引力等于受到的阻力。
16．如圖所示是蹦床運動，當運動員從高處下落過程中　重力勢　能轉化為動能，運動員與蹦床面接觸的瞬時　機械　能最大；與蹦床接觸后，床面發生彈性形變，運動員的動能轉化為蹦床的　彈性　勢能。

【分析】利用下列知識分析回答：
（1）影響動能大小的因素：質量、速度。質量越大，速度越大，動能越大；
（2）影響重力勢能大小的因素：質量、被舉的高度。質量越大，高度越大，重力勢能就越大；
（3）影響彈性勢能大小的因素：彈性形變程度。彈性形變程度越大，彈性勢能就越大；
（4）彈性勢能和動能、重力勢能和動能之間可以相互轉化。
【解答】解：
當運動員從高處下落過程中，質量不變、速度增大，動能增大；質量不變、高度減小，重力勢能減小；該過程中重力勢能轉化為動能；
當運動員與蹦床面接觸后，會有摩擦力，機械能轉化為內能，與蹦床面接觸的瞬時機械能最大；
與蹦床接觸后，床面發生彈性形變，運動員的動能轉化為蹦床的彈性勢能。
故答案為：重力勢；機械；彈性。
【點評】本題考查了動能、重力勢能和彈性勢能的概念及影響其大小的因素，屬于基本內容。在判斷動能、重力勢能、彈性勢能的大小時，要注意看影響它們大小的因素怎么變化。
17．拉弓射箭的過程中，弓被拉彎，說明力可以改變物體的　形狀　；松手后箭飛出，說明力可以改變物體的　運動狀態　。
【分析】力的作用效果有兩個：一是改變物體的形狀，二是改變物體的運動狀態。
【解答】解：
力可以改變物體的形狀，所以在拉力的作用下弓變彎了；
力能改變物體的運動狀態，所以放手后弓對箭產生了力的作用將箭向前推出。
故答案為：形狀；運動狀態。
【點評】本題考查了力的作用效果，是力學基礎知識的考查，是中考的熱點。
18．2018年2月12日，我國用長征三號乙運載火箭發射了北斗全球衛星導航系統的第28、29顆衛星，到2020年，該系統將擁有5顆靜止軌道衛星和30顆非靜止軌道衛星，可在全球范圍內為各類用戶提供高精度的定位、導航、授時服務，并具有短報文通信能力。
（1）火箭加速上升的過程中，搭載的衛星的機械能　增大　（選填“增大”、“減小”或“不變”）。
（2）衛星工作所需的能量，主要由太陽帆板提供，太陽帆板將　太陽能　轉化為電能。
（3）靜止軌道衛星離地面的高度約為3.6×104km，地面控制中心通過　電磁波　向該衛星發送指令，指令從地面傳到衛星所用的時間約為　0.12　s。
【分析】（1）動能的影響因素是質量和速度，重力勢能的影響因素是質量和高度；機械能等于動能與勢能之和；
（2）太陽能電池板將太陽能轉化為電能；
（3）電磁波能夠在真空中傳播；電磁波傳播的速度和光速相同，根據速度公式計算指令從地面傳到衛星所用的時間。
【解答】解：
（1）火箭加速上升的過程中，搭載的衛星的質量不變，速度增大，動能變大，同時高度增加，重力勢能變大，而機械能為動能與勢能之和，所以機械能增大；
（2）太陽能電池板（帆板）工作時，將太陽能轉化為電能；
（3）電磁波可以在真空中傳播且傳播速度快，所以地面控制中心通過電磁波向該衛星發送指令；
根據v＝ 可知，指令從地面傳到衛星所用的時間約為：
t＝ ＝ ＝0.12s。
故答案為：（1）增大；（2）太陽能；（3）電磁波；0.12。
【點評】此題考查了影響機械能大小的因素、能量的轉化、電磁波的應用速度公式的應用，是一道綜合性的題目，把握好基礎知識是解答此類題的關鍵。
19．如圖所示，水平桌面上兩個相同的玻璃缸裝滿了水，水中分別漂浮著大、小兩只玩具鴨。甲、乙兩圖中水對缸底的壓強分別為p1和p2，缸對桌面的壓強分別為p1′和p2′．兩只玩具鴨受到的浮力分別為F1和F2，則它們的大小關系為：p1 　＝　p2，p1′　＝　p2′，F1　＞　F2，若乙圖中小玩具鴨的質量為15g，它排開水的體積是　15　cm3。

【分析】（1）知道玻璃缸里裝滿了水，又知道液體深度相同，根據公式p＝ρgh可比較缸底受到水的壓強；
（2）水平面上物體的壓力和自身的重力相等，據此可知甲、乙兩燒杯對桌面的壓力關系，然后比較壓強關系；
（3）玩具鴨子漂浮時浮力等于重力，根據圖示判斷出鴨子排開水體積的大小，于是可根據阿基米德原理比較浮力大小關系；
（4）根據阿基米德原理求出排開水的質量，利用V＝ 即可求出體積。
【解答】解：
（1）由圖和題意可知，甲、乙兩個完全相同的玻璃缸裝滿了水，玩具鴨放入后水的深度h仍然相同，
根據p＝ρgh可知，水對容器底部的壓強相等，即：p1＝p2；
（2）因甲、乙兩個玻璃缸完全相同裝滿了水時，水的質量相等，根據水平面上物體的壓力和自身的重力相等可知，甲、乙兩個玻璃缸裝滿水時對桌面的壓力相等；
由于玩具鴨子漂浮，根據漂浮條件和阿基米德原理可知：G物＝F浮＝G排，即玩具鴨的重力與溢出水的重力相等，所以漂浮著玩具時玻璃缸對桌面的壓力仍然相等，由于玻璃缸完全相同（底面積相同），則由p＝ 可知，此時缸對桌面的壓強相等，即：p1′＝p2′；
（3）甲、乙缸裝滿了水，玩具鴨子漂浮，根據圖示可知，甲缸中鴨子排開水的體積大，
根據阿基米德原理可知，甲缸中鴨子受到的浮力大，即：F1＞F2；
（4）若乙圖中小玩具鴨的質量為15g，則漂浮條件和阿基米德原理可知：G排＝F浮＝G物，
即：m排g＝m物g，
所以，m排＝m物＝15g，
由ρ＝ 可得它排開水的體積：
V排＝ ＝ ＝15cm3。
故答案為：＝；＝；＞；15。
【點評】本題考查液體壓強公式公式和阿基米德原理的應用，本題關鍵是根據圖示知乙缸中鴨子排開水的體積小。
20．小明在家中用煤氣灶將初溫為20℃，質量為2kg的一壺水加熱到80℃，這是通過　熱傳遞　的方式使水的內能　增加　。如果煤氣完全燃燒放出的熱量只有60%被水吸收，則至少需要燃燒　0.02　kg的煤氣[水的比熱容為4.2×103J/（kg?℃），煤氣的熱值為4.2×107J/kg]。
【分析】（1）熱傳遞可以改變物體的內能，其實質是能量的轉移；
（2）知道水的質量、水的比熱容、水的初溫和末溫，利用吸熱公式Q吸＝cm△t求水吸收的熱量。
根據η＝ 可求出煤氣放出的總熱量；最后可利用公式m＝ 計算出煤氣的質量。
【解答】解：（1）用煤氣灶燒水的過程中，能量發生了轉移，是通過熱傳遞的方式使水的內能增加的；
（2）水吸收的熱量：
Q吸＝cm△t＝4.2×103J/（kg?℃）×2kg×（80℃﹣20℃）＝5.04×105J；
由公式η＝ 可得煤氣放出的總熱量：
Q放＝ ＝ ＝8.4×105J；
由公式Q放＝mq可得煤氣的質量：
m＝ ＝ ＝0.02kg。
故答案為：熱傳遞； 增加； 0.02。
【點評】本題主要考查了熱量公式的靈活運用、熱值公式以及熱效率公式的運用等，有一定綜合性。
21．電阻R1＝12Ω，R2＝4Ω并聯在同一電路中，則它們兩端的電壓之比為U1：U2＝　1：1　，電流之比Il：I2＝　1：3　，功率之比P1：P2＝　1：3　。
【分析】兩電阻并聯時，根據并聯電路的電壓特點可知它們兩端的電壓之比，根據歐姆定律求出通過它們的電流之比，根據P＝UI得出功率之比。
【解答】解：R1、R2并聯時，
并聯電路中各支路兩端的電壓相等，
它們兩端的電壓之比U1：U2＝1：1，
根據歐姆定律可得，通過它們電流值比： ＝ ＝ ＝ ＝ 。
根據P＝UI得： ＝ ＝ ＝ 。
故答案為：1：1；1：3；1：3。
【點評】本題考查并聯電路的電壓特點、功、功率公式以及歐姆定律的應用，是一道較為簡單的應用題。
22．閱讀短文，回答文后的問題。
浮子流量計
氣體的流量一般指單位時間內流過通氣管道的氣體體積，流量等于氣體的流速和通道橫截面積的乘積。生活生產中經常要對氣體的流量進行控制，例如醫院給病人輸氧時，用閥門控制氧氣瓶輸出氧氣的流量，在管道中接入流量計，可以反映流量的大小。
浮子流量計是一種常用的流量計。其結構如圖所示，一個上粗下細的錐形管，管內倒放著一個鋁制的圓錐體浮子。工作時，氣體從錐形管下端流入，向上沖擊浮子，然后流過圓錐體浮子底面與錐形管之間的環形空隙，從上端流出。如果浮子受到氣流的沖力大，就會向上移動，環形空隙加大，氣體流速變小，對浮子的沖力就會變小，這樣浮子最終穩定在某一位置，這個位置的高低就反映了氣體流量的大小。
（1）浮子流量計使用時，錐形管應處于　B　；
A．水平方向 B．豎直方向 C．斜向上 D．斜向下
（2）浮子所受氣體浮力很小，可以忽略。當浮子穩定在某一位置時，氣流對浮子的沖力和浮子重力的關系是　二力平衡　。
（3）對于某個制成的浮子流量計，浮子和錐形管之間的環形空隙的面積和浮子高度成正比，比例系數為k1；氣流對浮子的沖力和流速成正比，比例系數為k2；浮子的質量為m。當浮子穩定在高度h時，氣體流量Q的表達式為Q＝　 　。
（4）浮子流量計能反映的最大流量是有限的，如果要讓這個浮子流量計能反映更大的流量，請你提出一條可行的改進措施：　用密度更大的材料制作浮子　。

【分析】（1）根據浮子流量計工作時，沖力與重力平衡判斷出錐形管的放法；
（2）當浮子穩定在某一位置時，處于靜止狀態，受平衡力的作用，判斷出沖力與重力的關系；
（3）根據題意知：Q＝vS、S＝k1h、F＝k2v、F＝mg表示出氣體的流量Q；
（4）根據（3）的關系式，提出讓浮子流量計能反映更大的流量的方法。
【解答】解：
（1）浮子流量計工作時，氣體從錐形管下端流入，向上沖擊浮子，浮子在沖力和重力的作用下，最終穩定在某一位置，處于靜止狀態，受到重力和沖力一對平衡力，平衡力大小相等，方向相反，因為重力在豎直方向上，所以浮子流量計使用時，錐形管應處于豎直方向，故B正確；
故選B。
（2）當浮子穩定在某一位置時，處于靜止狀態，受重力和沖力一對平衡力的作用，平衡力大小相等，即F沖＝G；
（3）根據“流量等于氣體的流速和通道橫截面積的乘積”得：Q＝vS﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；
根據“浮子和錐形管之間的環形空隙的面積和浮子高度成正比，比例系數為k1”得：S＝k1h﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；
根據“氣流對浮子的沖力和流速成正比，比例系數為k2”得：F＝k2v﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
當浮子的質量為m，浮子穩定在高度h時：F＝G＝mg﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣④
聯立①②③④得：Q＝ ；
（4）根據（3）得關系式得，要想使浮子流量計能反映更大的流量，需要增大浮子得重力，故需要用用密度更大的材料制作浮子。
故答案為：（1）B；（2）二力平衡； （3） ；（4）用密度更大的材料制作浮子。
【點評】本題考查了學生根據題中信息分析解答能力，綜合性強，有一定的難度。
三、解答題
23．如圖所示，在圖中根據平面鏡成像的特點作出三角形ABC在平面鏡中的像。

【分析】依據平面鏡的成像特點，分別做出A、B、C點關于鏡面的對稱點，然后連接，就是△ABC在鏡中的像。
【解答】解：①作A點關于鏡面的對稱點A′；（做對稱點留下的作圖痕跡是對應點的虛線連線和垂直符號）
②作B點關于鏡面的對稱點B′；
③作C點關于鏡面的對稱點C′；
④用虛線連接A′B′，B′C′，A′C′，△A′B′C′就是△ABC在平面鏡中的像。
作圖如下：

【點評】作平面鏡成的像，注意留下的作圖痕跡，對應點連線要用虛線，像要用虛線，連線與鏡面之間要標出垂直符號。
24．作圖題：在圖中括號內標出通電螺線管的N、S極和小磁針的N、S極。

【分析】根據電源的正負極可以確定線圈中的電流方向，再結合線圈的繞向，可以安培定則可以確定螺線管的NS極，進而利用磁極間的作用規律可以確定小磁針的NS極。
【解答】解：根據電源的正負極，可以確定電流從螺線管的右端流入，左端流出，右手握住螺線管，四指指向電流的方向，則大拇指向螺線管的右端為N極，左端為S極，根據磁極間的相互作用可知，小磁針右端為S極，左端為N極，如圖所示：

【點評】安培定則共涉及三個方向：電流方向、磁場方向、線圈繞向，告訴其中的兩個方向可以確定其中的另一個方向。
25．如圖所示，請畫出熱氣球在豎直方向加速上升時的受力示意圖（忽略空氣阻力）。

【分析】熱氣球在豎直方向加速上升時受到重力和浮力的作用，重力的方向豎直向下，浮力的方向豎直向上，由于熱氣球加速上升，因此受到浮力大于重力。
【解答】解：熱氣球在豎直方向加速上升時，受到重力和浮力的作用，且浮力大于重力，過熱氣球的重心，分別沿豎直向下和豎直向上的方向畫一條有向線段，并分別用G和F浮表示。如下圖所示：

【點評】畫力的示意圖，首先要對物體進行受力分析，看物體受幾個力，要先分析力的大小、方向和作用點，再按照畫圖的要求畫出各個力。
26．小明家里的電熱水器里裝有50kg、20℃的水，通電后將水加熱到70℃，已知ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103J/（kg?℃）。
求：（1）電熱水器里水的體積
（2）水吸收的熱量。
【分析】（1）已知水的質量和密度，利用公式V＝ 得到水的體積；
（2）已知水的比熱容、質量和初溫度，末溫度，利用公式Q＝cm△t得到水吸收的熱量。
【解答】解：（1）因為ρ＝ ，
所以水的體積為V＝ ＝ ＝0.05m3；
（2）水吸收的熱量為Q＝c水m△t＝4.2×103J/（kg?℃）×50kg×（70℃﹣20℃）＝1.05×107J。
答：（1）電熱水器里水的體積為0.05m3；
（2）水吸收的熱量為1.05×107J。
【點評】此題考查的是密度變形公式和熱量計算公式的應用，計算環節簡單，是一道基礎題。
27．如圖所示，用甲、乙兩種滑輪組，分別勻速豎直向上提升同一重物，從相同位置開始提升至同一高度處，求：
（1）若不計繩重，滑輪重及摩擦，兩次拉力F1和F2之比；
（2）若不計繩重及摩擦，重物質量為400g，動滑輪質量為100g，勻速拉動過程中甲、乙兩裝置的機械效率。

【分析】（1）甲圖，n1＝2；乙圖，n2＝3，若不計繩重、滑輪重及摩擦，拉力F＝ G，據此求兩次拉力F1和F2之比；
（2）利用G＝mg求重物重力、動滑輪重力，因為不計繩重及摩擦時，滑輪組的機械效率η＝ ＝ ＝ ，所以甲、乙兩裝置的機械效率相同，利用η＝ 計算。
【解答】解：
（1）由圖知，甲圖中，n1＝2；乙圖中，n2＝3，
若不計繩重、滑輪重及摩擦，則拉力F＝ G，
兩次拉力F1和F2之比：
F1：F2＝ G： G＝ ： ＝3：2；
（2）重物的重力：G＝mg＝0.4kg×10N/kg＝4N，
動滑輪的重力：G輪＝m輪g＝0.1kg×10N/kg＝1N，
不計繩重及摩擦時，滑輪組的機械效率η＝ ＝ ＝ ，
由于兩裝置中物重和動滑輪重均相同，
所以甲、乙兩裝置的機械效率：
η1＝η2＝ ＝ ×100%＝80%。
答：（1）若不計繩重、滑輪重及摩擦，兩次拉力F1和F2之比為3：2；
（2）若不計繩重及摩擦，甲、乙兩裝置的機械效率都是80%。
【點評】本題考查了使用滑輪組時拉力、機械效率的計算，利用好：不計繩重及摩擦時，滑輪組的機械效率η＝ ＝ ＝ 。
28．如圖所示電路中，燈泡L標有“6V 3W“字樣（不計溫度對燈絲電阻的影響），當開關S1閉合，滑動變阻器的滑片P在最左端時，燈泡L正常發光；當開關S1閉合，S2斷開，滑動變阻器的滑片P在中點時，電流表的示數是0.2A．求：
（1）電源電壓
（2）滑動變阻器R的最大阻值；
（3）電路的最小功率和最大功率。

【分析】（1）燈泡L標有“6V 3W“字樣，表示燈的額定電壓為6V，額定功率為3W，當開關S1閉合，滑動變阻器的滑片P在最左端時，分析電路的連接，燈泡L正常發，求電源電壓；
（2）根據P＝UI求燈的額定電流，由歐姆定律求燈的電阻；
當開關S1閉合，S2斷開，滑動變阻器的滑片P在中點時，變阻器最大R滑的二分之一與燈串聯，根據歐姆定律求總電阻，根據電阻的串聯求變阻器的最大電阻；
（3）根據P＝ ，當電路的電阻最大時，電路有最小功率，當電路的電阻最小時，有最大功率：
根據串聯電阻和并聯電阻規律求出電路中的最大電阻和最小電阻，并求出電路的最小功率和最大功率。
【解答】解：（1）燈泡L標有“6V 3W“字樣，表示燈的額定電壓為6V，額定功率為3W，當開關S1閉合，滑動變阻器的滑片P在最左端時，電路為燈的簡單電路，燈泡L正常發，燈的電壓即電源電壓U＝6V；
（2）根據P＝UI，燈的額定電流為：
IL＝ ＝ ＝0.5A，燈的電阻：
RL＝ ＝ ＝12Ω，
當開關S1閉合，S2斷開，滑動變阻器的滑片P在中點時，變阻器最大R的二分之一與燈串聯，根據歐姆定律，總電阻：
R串聯＝ ＝ ＝30Ω，
根據電阻的串聯，則 R＝R串聯﹣RL＝30Ω﹣12Ω＝18Ω，
滑動變阻器R的最大阻值；R＝36Ω；
（3）根據P＝ ，當電路的電阻最大時，電路有最小功率，當電路的電阻最小時，有最大功率：
根據串聯電阻總電阻大于其中任一電阻，并聯電阻小于其中任一電阻，故當滑片移動到最右端時，只閉合 開關S1，燈與變阻器最大電阻串聯，總電阻最大，電路的最小功率：
P小＝ ＝ ＝0.75W；
兩開關都閉合時，勝滑片移動到最左端時，變阻器與燈并聯，此時電路的總電阻最小，
R并＝ ＝ ＝9Ω，
電路的最大功率：
P大＝ ＝ ＝4W。
答：（1）電源電壓為6V；
（2）滑動變阻器R的最大阻值為36Ω；
（3）電路的最小功率為0.75W，最大功率為4W。
【點評】本題考查串聯并聯電路的規律及歐姆定律和電功率公式的運用，關鍵是有最小功率和最大功率的判斷。
29．小明在做“觀察水的沸騰”實驗時，用到的器材如下：鐵架臺、燒杯、溫度計、秒表、硬紙板、石棉網等。

（1）組裝器材時如何確定鐵圈（石棉網）的高度？　能用酒精燈的外焰加熱　。
（2）實驗時用溫度計測出不同時刻水的溫度，并記錄在如表中，其中第3min時溫度計的示數如圖甲所示，示數為　92　℃
時間/min 0 1 2 3 4 5 6 7
溫度/℃ 80 84 88 96 98 98 98
（3）某時刻觀察到燒杯中出現圖乙所示的現象，表明水　正在　沸騰。
（4）請在圖丙方格紙上畫出水的溫度隨時間變化的圖象。
（5）小明回家后發現媽媽正在燉湯，湯沸騰后媽媽將火調小，湯仍在沸騰。小明又把火調得更小，這時雖還在加熱，湯卻不沸騰了你覺得不沸騰的原因是　相同時間內吸收的熱量小于或等于散失的熱量　。
【分析】（1）把酒精燈放在鐵架臺上，根據酒精燈高度確定鐵圈的高度，放好石棉網。
（2）溫度計的讀數是看清量程和分度值；
（3）液體在沸騰時產生大量氣泡，由小變大、上升；
（4）描點畫出水的溫度隨時間變化的圖象；
（5）液體沸騰的條件：到達沸點，繼續吸熱。
【解答】解：（1）把酒精燈放在鐵架臺上，根據酒精燈高度，確保用酒精燈的外焰加熱，從而確定鐵圈的高度，放好石棉網。
（2）由圖知，溫度計的分度值為1℃，因此該溫度計的示數是90+2＝92℃；
（3）由圖乙可知，氣泡越往上越大，水正處于沸騰階段；
（4）根據表中的數據先在圖象中描點，再用平滑的曲線把點連接起來。圖象如下：
（5）當湯沸騰后將火調小使得相同時間內吸熱的熱量小于或等于散失的熱量，湯不會沸騰。
故答案為：（1）能用酒精燈的外焰加熱；（2）92；（3）正在；（4）見上圖；（5）相同時間內吸收的熱量小于或等于散失的熱量。
【點評】本題考查了器材的組裝、溫度計的讀數、圖象的畫法、液體沸騰的現象和特點等知識，要注意觀察量程和分度值，視線與刻度相平；注意觀察沸騰時氣泡變化。
30．探究浮力的大小
數據
結論 如圖，甲、乙、丙、丁是用同一金屬塊探究浮力大小跟哪些因素有關的實驗。
①圖丙中金屬塊受到的浮力比圖乙中金屬塊受到的浮力　大　（填“大”或“小”），說明浮力的大小與　物體排開液體的體積　有關
②圖丁中金屬塊受到的浮力大小等于　0.3　N
③比較圖　丙、丁　可知，浮力的大小與液體的密度有關。


數據
結論 如圖，用木塊、彈簧測力計、溢水杯和小桶進行實驗：
④木塊受到的浮力F浮＝　1.2　N。
⑤木塊排開的水所受的重力G排水＝　1.2　N。
⑥比較數據可知：浮在水上的木塊受到的浮力大小　等于　（填“大于”、“等于”或“小于”）它排開的水所受的重力。


【分析】①測力計的示數越小，說明物體在液體中受到的浮力越大；
比較乙丙可得浮力大小與物體排開液體的體積關系；
②根據F浮＝G﹣F確定物體所受浮力的大小；
③要得浮力大小與液體密度的關系，需使物體排開液體的體積相同，液體的密度不同；
④根據漂浮時浮力與重力相等的特點確定浮力的大小；
⑤利用水和桶的總重減空桶的重力便可得排開水的重力；
⑥比較浮力和排開水重，可得結論。
【解答】解：①由圖知，丙中物體排開水的體積更大，彈簧測力計的示數更小，說明受到的浮力更大，且浮力大小與物體排開液體的體積有關；
②由甲圖知，物體的重力G＝3.6N，由圖丁知，彈簧測力計的示數為3.3N，可知物體受到的浮力為：F浮＝G﹣F＝3.6N﹣3.3N＝0.3N；
③圖丙丁，物體都是完全浸沒，排開液體的體積相同，液體的密度不同，測力計的示數不同，即所受浮力不同，可知浮力的大小與液體的密度有關；
④由圖甲知，木塊的重力G＝1.2N，因為木塊漂浮，所以F浮＝G＝1.2N；
⑤空桶的重力為0.4N，桶和水的總重為1.6N，可知排開水的重力為G排＝G總﹣G桶＝1.6N﹣0.4N＝1.2N；
⑥由④⑤數據可知，浮在水上的木塊受到的浮力大小等于它排開的水所受的重力。
故答案為：①大；物體排開液體的體積；②0.3；③丙、丁；④1.2；⑤1.2；⑥等于。
【點評】探究影響浮力大小的因素及阿基米德原理的實驗，是浮力部分的兩個重點實驗，影響浮力大小的因素，需要注意控制變量法的應用，探究漂浮的物體所受浮力和排開的液體重力的關系，需用用到浮沉條件來判斷浮力大小。
31．如圖所示，在“探究凸透鏡成像的規律”實驗中。
（1）組裝調整實驗器材時，要使燭焰和　光屏　的中心位于凸透鏡的主光軸上。
（2）實驗所用凸透鏡的焦距為20cm，若燭焰在凸透鏡前30cm處，則可在凸透鏡的另一側得到一個　A　。
A．倒立、放大的實像 B．倒立、縮小的實像
C．正立、放大的虛像 D．正立、縮小的虛像
（3）接下來，保持燭焰和凸透鏡的位置不變，換一個焦距小一些的凸透鏡，則所成像的大小比剛才的像　小　。
（4）如果要估測題（3）中凸透鏡的焦距，可以讓燭焰距離凸透鏡　足夠遠　，此時像距就近似等于焦距。

【分析】（1）在探究凸透鏡成像特點的實驗中，必須調整蠟燭、凸透鏡、光屏三者的中心在同一高度，這樣像才能成在光屏的中央；
（2）根據凸透鏡成像三種情況，u＞2f，成倒立縮小的實像；當f＜u＜2f時，成倒立放大的實像；u＜f，成正立放大的虛像；
（3）（4）凸透鏡成實像時，物距增大，像距減小，像變小；
【解答】解：（1）為使像能成在光屏的中央，應使凸透鏡、光屏、燭焰的中心大致在同一高度處；
（2）由題意可知凸透鏡焦距f＝20cm，物距u＝30cm，滿足f＜u＜2f，因此成倒立放大的實像，故選A；
（3）換用一個焦距略小一些的凸透鏡進行實驗，物距相對增大，則物遠像近像小；
（4）根據凸透鏡成實像時，物遠像近，因此如果要估測題（3）中凸透鏡的焦距，可以讓燭焰距離凸透鏡足夠遠，此時像距就近似等于焦距。
故答案為：
（1）光屏；（2）A；（3）小；（4）足夠遠。
【點評】此題主要考查了凸透鏡成像的規律，要熟記其內容，并搞清像距與物距之間的關系。
32．小明同學利用電流表和電阻箱測量小燈泡的功率，設計并接了如圖甲所示的實物電路。

（1）為了保護電路，閉合開關S1前，應將滑片P移到動變阻器的　B　（“A”或“B”）端。
（2）閉合開關S1，將單刀雙擲開關S2扳向“1”，調節滑動變阻器調節電阻箱的阻值使電流表的示數為I1，如圖乙所示，I1＝　0.2　A；
（3）將開關S2扳向“2”，保待滑動變阻器的阻值不變，調節滑動變阻箱的阻值R，使電流表的示數仍為I1，此時R＝5Ω；則步驟（2）中小燈泡的電阻R1＝　5　Ω，測量小燈泡電阻的方法是　等效替代法　（選填“控制變量法”或“等效替代法”）；
（4）步驟（2）小燈泡的實際功率P1＝　0.2　W；
（5）若小燈泡的額定電流為I0＝2I1，以下關于燈泡額定功率P0與實際功率P1的數值關系，你認為最有可能的是　D　。
A．P0＝2P1B．P0＝3P1 C．P0＝4P1D．P0＝5P1
【分析】（1）為了保護電路，閉合開關S1前，應將滑片P移到動變阻器的阻值最大處；
（2）根據電流表選用的小量定分度值讀數；
（3）根據等效替代法求電阻大小；
（4）根據P1＝I12RL求小燈泡的實際功率；
（5）由于燈泡的阻值不是定值，會隨溫度的升高而變大，所以，根據P＝I2R分析額定功率P0的變化
【解答】解：（1）為了保護電路，閉合開關S1前，應將滑片P移到動變阻器的阻值最大處的B端。
（2）閉合開關S1，將單刀雙擲開關S2扳向“1”，調節滑動變阻器調節電阻箱的阻值使電流表的示數為I1，如圖乙所示，電流表選用小量程，分度值為0.02A，I1＝0.2A；
（3）將開關S2扳向“2”，保待滑動變阻器的阻值不變，調節滑動變阻箱的阻值R，使電流表的示數仍為I1，此時R＝5Ω；則步驟（2）中小燈泡的電阻R1＝5Ω，測量小燈泡電阻的方法是等效替代法；
（4）步驟（2）小燈泡的實際功率P1＝I12RL＝（0.2A）2×5Ω＝0.2W；
（5）若小燈泡的額定電流為I0＝2I1，假設燈泡的阻值不變，
則P額＝I02R＝（2I1）2R＝4I12R＝4P1。
由于燈泡的阻值不是定值，且燈泡的阻值會隨溫度的升高而變大，
所以，當燈泡在正常工作時，燈泡的阻值變大，
則額定功率P0＞P額＝4P1，所以最有可能的額定功率值為P0＝5P1。
故選D。
故答案為：（1）B；